使用PHP添加到WAMP服务器中创建的数据库？

Question

好的，所以在安装wamp服务器之后，我进入了phpMyAdmin页面并创建了一个名为db2的数据库。 之后，我在该数据库内部创建了一个名为cnt2的表。 它有5列，ID，名称，Mark1，Mark2和Mark3。 因此，我有一个HTML php文件，该文件可让您查看数据库中的信息，并且工作正常。 但是，我的第二个html php文档应该允许您将新信息添加到数据库中。 我已经遵循了2个不同的教程，因为我之前从未做过php或任何html脚本，但是它根本无法正常工作。 我将在下面发布这两个代码/脚本。

http://gyazo.com/467f8e3a066992c0753eec2d5912bdba <<数据库页面

http://gyazo.com/82a1c2107fb75c4c2941583449b4504a <<输入页面有错误

数据库代码

<html>
<body>

<?php

$username = "root";
$password = "";
$hostname = "localhost";

$dbhandle = mysql_connect($hostname, $username, $password)
    or die("Unable to connect to MySQL");
echo "Connected to MySQL<br>";

$selected = mysql_select_db("db2",$dbhandle)
    or die("Could not selected db2");
echo "Coneted to db2<br>", "<br>";

$result = mysql_query("SELECT ID, Name, Mark1, Mark2, Mark3 FROM cnt2");

while($row = mysql_fetch_array($result)){
    echo "<b>Name: </b>".$row{'Name'}." <b>ID: </b>".$row{'ID'}." <b>First Mark: </b>".$row{'Mark1'}." <b>Second Mark: </b>".$row{'Mark2'}." <b>Third Mark: </b>".$row{'Mark3'}."<br>";
}

mysql_close($dbhandle);

?>

</body>
</html>

输入密码

<HTML>
<?php

if($submit){
    $db = mysql_connect("localhost", "root","");
    mysql_select_db("db",$db);
    $sql = "INSERT INTO cnt2 (ID, Name, Mark1, Mark2, Mark3) VALUES ('$id','$name','$markone','$marktwo','$markthree','$result = mysql_query($sql))";
    echo "Thanks! Data received and entered.\n";
}

else{
    ?>
    <form method="post" action="datain.php">
    id:<input type="Int" name="ID"><br>
    name:<input type="Text" name="Name"><br>
    markone:<input type="Int" name="Mark1"><br>
    marktwo:<input type="Int" name="Mark2"><br>
    markthree:<input type="Int" name="Mark3"><br>
    <input type="Submit" name="submit" value="Enter information">
    </form>
<?  
}

?>
</HTML>

谢谢你的帮助：）

Answer 1

您实际上并没有要求您的帖子标头将您的var拉入

<html>
<?php

if($submit){
    //need to request post vars here
    $id=mysql_real_escape_string($_POST['ID']);
    $name=mysql_real_escape_string($_POST['Name']);
    $markone=mysql_real_escape_string($_POST['Mark1']);
    $marktwo=mysql_real_escape_string($_POST['Mark2']);
    $markthree=mysql_real_escape_string($_POST['Mark3']);


    $db = mysql_connect("localhost", "root","");
    mysql_select_db("db",$db);
    $sql = "INSERT INTO cnt2 (ID, Name, Mark1, Mark2, Mark3) VALUES ('$id','$name','$markone','$marktwo','$markthree')";
    mysql_query($sql) or die(mysql_error()."<br />".$sql);
    echo "Thanks! Data received and entered.\n";
}

else{
    ?>
    <form method="post" action="datain.php">
    id:<input type="Int" name="ID"><br>
    name:<input type="Text" name="Name"><br>
    markone:<input type="Int" name="Mark1"><br>
    marktwo:<input type="Int" name="Mark2"><br>
    markthree:<input type="Int" name="Mark3"><br>
    <input type="Submit" name="submit" value="Enter information">
    </form>
<?php  // stop using short tags i've swapped it to a proper open
}

?>
</html>

另外，如果仅使用mysql_函数，请查看mysqli或pdo特别准备好的语句，而不是像上面所做的那样直接将变量注入查询中

Answer 2

问题可能在此行中：

$sql = "INSERT INTO cnt2 (ID, Name, Mark1, Mark2, Mark3) VALUES ('$id','$name','$markone','$marktwo','$markthree','$result = mysql_query($sql))";

您可能会注意到（最后），它应该像这样：

$sql = "INSERT INTO cnt2 (ID, Name, Mark1, Mark2, Mark3) VALUES ('$id','$name','$markone','$marktwo','$markthree')";
$result = mysql_query($sql);

正如所有其他人所提到的，不要使用mysql_*被弃用的mysql_*函数，而不是坚持使用PDO或至少使用mysqli 。

另外，这部分

if($submit){

除非您在之前将$submit变量设置在某处，否则可能永远不会满足...不应该

if (isset($_POST['submit'])) {

???

并且，请阅读有关代码格式的信息 -您的代码看起来像废话...最好的选择是坚持使用PSR-0，PSR-1和PSR-3-使用Google来阅读有关它的信息...

Answer 3

创建数据库android_api / **创建数据库** /

使用android_api / **选择数据库** /

创建表用户（id int（11）主键auto_increment，unique_id varchar（23）不为null唯一，名称varchar（50）不为null，电子邮件varchar（100）不为null唯一，encrypted_password varchar（80）不为null，salt varchar（ 10）不为null，created_at datetime，updated_at datetime null）； / **创建用户表** /

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问题描述

3 个解决方案

解决方案1
1 已采纳 2013-12-03 13:13:53

解决方案2
0 2013-12-03 13:17:38

解决方案3
0 2016-12-23 10:05:37

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