WP：通过名称（如果声明）识别页面和页面父级

Question

我正在尝试基于当前的Wordpress页面或子页面显示内容，并使用页面标题而不是ID。

我所拥有的是：

<?php if ( is_page( array( 'About', 'Chi Siamo' ) ) || ( get_the_title( $post->post_parent ) == ( array( 'About', 'Chi Siamo' ) ) ) ) { ?>
<p>Hello Joe</p>
<?php } else {} ?>

不知道为什么，但是它可以用来识别页面名称，而不是页面的子页面。

谁能看到我做错了什么？ 语法错误？

谢谢

PS。 我也尝试过

<?php if (get_the_title() || get_the_title( $post->post_parent ) == array( 'About', 'Chi Siamo' ) ) { ?>

但这对于所有页面都返回true。

Answer 1

对于为什么要使用帖子标题来做到这一点有些困惑，因为帖子标题不是唯一的，所以两个页面可以具有相同的标题，并且如果其中一个页面具有子页面而另一页面没有子页面，则输出将不是理想的页面

Answer 2

我将从条件的第二部分中删除外部括号： ( get_the_title( $post->post_parent ) == ( array( 'About', 'Chi Siamo' ) ) )并确保$post实际上是您所认为的是。

尝试var_dump($post)看看post_parent是否实际存在。

按标题检查页面是很丑陋的（特别是子标题或id），尤其是在寻找其祖先时。 PHP的优点在于它是动态的，您无需在每次安装主题时手动更改ID。 为什么不获取当前页面的ID，然后将其传递给get_ancestors ？

将该数组存储在变量中，可能是$ancestors ，然后$ancestors[0]将成为父页面的ID。 get_the_title该ID的名称，然后检查它是“关于”还是“ Chi Siamo”。

更新：

这是我以前的可复制代码形式的答案：

$ancestors = get_ancestors($post->ID);
$parent_id = $ancestors[0]
$parent_title = get_the_title($parent_id);

然后你的条件

if ( is_page(array('About', 'Chi Siamo' )) || $parent_title == 'About' || $parent_title == 'Chi Siamo') {
    echo '<p>Howdy</p>';
} else {}