将AJAX变量传递到.php页面并加载该页面和echo变量

Question

一个简单的问题：我只想将item_num发送到insert_profile.php，然后加载insert_profile.php并在其中回item_num 。 没用！ “ insert_profile.php”将加载，但未获取数据。

我的data:有问题吗？ 我也尝试过data: {item_num: item_num} 。 很抱歉，如果这是重复的，但是我已经尝试了所有示例，但都没有用。 我认为也可能会success:

我还查看了http://api.jquery.com/jQuery.ajax/ 。

Javascript / HTML

 <script>

$('.prof_wl_btn').click(function() { 
$(this).removeClass('prof_wl_btn');
$(this).addClass('prof_wl_btn_added');
  var item_num = this.id;
  alert('item id    ' + item_num); //*this will alert correctly*
  $.ajax({
      type: "POST",
      url:'insert_profile.php',
      data: "item_num"+item_num,   
      success: location.href = "insert_profile.php" //*this will load**   
  });
});
</script>

PHP

<?php
$s_n = $_REQUEST['item_num'];
echo $s_n;
?>

Answer 1

您无法以这种方式回显变量，因为您对同一页面有两个不同的请求：

• 第一个是将数据发送到页面上并执行返回操作时的AJAX请求；
• 当您访问insert_profile.php页面时，第二个值丢失。

如果您希望看到您的值被回显，则可以执行以下操作：

AJAX调用应如下所示：

    $.ajax({
      type: "POST",
      url:'insert_profile.php',
      data: {item_num : item_num},   
      success : function(data) {
         alert(data);  
      }
  });

然后，您的PHP文件：

<?php $s_n = $_POST['item_num']; 
  echo $s_n;
  exit;
?>

Answer 2

$.ajax({
      type: "POST",
      url:'insert_profile.php',
      data: "item_num = "+item_num,   
      success : function( data ) {
         // location.href = "insert_profile.php" //*this will load** 
         alert(data);  
      }
  });

在PHP代码中，您喜欢这样并检查

<?php
echo 'OK';