重新加载内容后如何使JQuery工作？

Question

我有一个块（div），我用来放置信息。 我那里有隐藏表格吗？ 并在点击时显示。 但是，如果我在block（div）中重新加载数据，它的工作原理类似于link。

这是我的脚本：

var comment_block ;
var show_comment_block;
var show;
$(function(){
    $('A.reply').on('click',ShowCommentBlock);
});

function ShowCommentBlock(){
    $(this).parent().next('.answer-form').slideToggle('slow');
    return false;
}

这是我按钮上的代码：

<a class="reply" href="#comment<?php echo $comment['comment_id']?>">Ответить</a>

据我了解，在块（div）中重新加载内容后，我是否必须将此操作放在新表单上？ 我不知道该怎么做？ 也许还有其他解决方案。 谢谢。

Answer 1

您必须使用委派，例如：

$(document.body).on('click','A.reply', ShowCommentBlock);

沃尔夫

感谢你！

Answer 2

也许将其更改为：

 $('A.reply').live("click", ShowCommentBlock);