Ajax PHP变量传递

Question

我一直在遵循一个教程，该教程旨在将内容更新为从数据库加载的内容。

我的计划是从数据库中加载各种EP图像封面，如果单击它们，则将在同一页面上的Div填充其信息（曲目标题，艺术家等）。

我已经按照本教程进行了一些修改，以显示所需的详细信息，它使用_GET（）方法和url更改，正如我期望的那样，它显示了变量传递，但是它似乎也传递了鼠标坐标，而不是这应该是一个问题，只是不确定为什么会这样做？

当页面加载时，它会按预期显示图像，它似乎试图加载内容，但似乎无法实现。

我敢肯定，在按钮是图像且值是隐藏的表单字段的情况下进行调整时，我做错了，但是我找不到适合自己需求的教程。

这是我的代码：

ajaxtest1.php：

<head>
//MySQL connection script

<script>
function showep(str)
{
if (str=="")
  {
  document.getElementById("ep").innerHTML="";
  return;
  } 
if (window.XMLHttpRequest)
  {// code for IE7+, Firefox, Chrome, Opera, Safari
  xmlhttp=new XMLHttpRequest();
  }
else
  {// code for IE6, IE5
  xmlhttp=new ActiveXObject("Microsoft.XMLHTTP");
  }
xmlhttp.onreadystatechange=function()
  {
  if (xmlhttp.readyState==4 && xmlhttp.status==200)
    {
    document.getElementById("txtHint").innerHTML=xmlhttp.responseText;
    }
  }
xmlhttp.open("GET","ajaxtest2.php?q="+str,true);
xmlhttp.send();
}
</script>
</head>

<body>
<div id="ep">
Text text text
</div>
<?php

$query = "SELECT * FROM releases";
$result = mysql_query($query);

if(!$result) die ("Database access failed: " .mysql_error());

$rows = mysql_num_rows($result);

  for ($j = 0 ; $j < $rows ; ++$j)


  {

$row = mysql_fetch_row($result);
$id = $row [0];



echo '<form>';
echo '<input type="hidden" name="id" value="' . $id .'" />';
echo '<input type="image" src="images/releases/' .$row[1] .'" width="150" height="150" onclick="showep(this.value)"/>';
echo '</form>';

  }
?>
</body>

ajaxtest2：//此处为MYSQL连接脚本。

if(!$result) die ("Database access failed: " .mysql_error());

$row = mysql_fetch_row($result);


echo    "<pre>";
echo    "<img src='images/releases/"    .$row[1] . "' width= '150' height= '150' /><br />";
echo    "track title: "         .$row[2] . "<br />";
echo    "artist: "               .$row[3] . "<br />";
echo    "track length: "                .$row[4] . "<br />";
echo    "Remixes by: " .$row[5] . " " . $row[6] . " " . $row[7] . "<br />";
echo    "Released: "                      .$row[8] . " ";
echo    "</pre>";

mysql_close($db_server);
?>
</body>
</html>

Answer 1

一个问题是您是从<input type="image">的onclick处理程序传递this.value的，而id仅在<input type="hidden">元素上定义的。 也尝试将value属性添加到<input type="image"> 。

另一个值得关注的问题是URL的更改：这是AJAX调用中不应该发生的事情，如果更改了，则表明没有执行AJAX调用。 在这种情况下，这是因为<input type="image">行为类似于提交按钮，将表单中的值以及用户单击图像的点的坐标传递给表单。 单击该按钮，启动AJAX调用，并在AJAX调用返回之前提交表单。 由于form标记不具有action属性，因此假定当前页面（由ajaxtest1.php服务），加载ajaxtest1.php，并且再也不会听到对ajaxtest2.php的调用。

要阻止表单提交，您可以执行以下两项操作之一。 首先，您可以通过将表单标记更改为<form onsubmit="return false;">来指示不提交表单。 其次，也许更容易的是，首先识别您不需要表单，因为您仅执行AJAX调用。 为此，您只需要一个带有onclick处理程序的常规img标签即可。

tl; dr-更改：

echo '<form>';
echo '<input type="hidden" name="id" value="' . $id .'" />';
echo '<input type="image" src="images/releases/' .$row[1] .'" width="150" height="150" onclick="showep(this.value)"/>';
echo '</form>';

至：

echo '<img src="images/releases/' .$row[1] .'" width="150" height="150" onclick="showep(' . $id .')"/>';

然后您将执行AJAX调用，而不是提交表单。

Ajax PHP变量传递

问题描述

1 个解决方案

解决方案1
0 2013-10-23 13:43:12

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解决方案1 0 2013-10-23 13:43:12

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