lambda的返回类型可以通过返回值推导出来，那么为什么函数不能？

Question

#include <iostream>

int main(){

    auto lambda = [] {
        return 7;
    };

    std::cout << lambda() << '\n';

}

这个程序编译和打印7。
lambda的返回类型基于返回值7推导为整数类型。

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为什么普通功能不能实现这一点？

#include <iostream>

auto function(){
    return 42;
}

int main(){

    std::cout << function() << '\n';
}

错误：'function'函数使用'auto'类型说明符而没有尾随返回类型

Answer 1

C ++ 14具有此功能 。 您可以通过设置-std=c++1y标志来测试新版本的GCC或clang。

实例

除此之外，在C ++ 14中，您还可以使用decltype(auto) （它将decltype(auto)视为变量的值），以便函数使用decltype语义推导其返回值。

一个例子是转发函数，其中decltype(auto)特别有用：

template<typename function_type, typename... arg_types>
decltype(auto) do_nothing_but_forward(function_type func, arg_types&&... args) {
    return func(std::forward<arg_types>(args)...);
}

通过使用decltype(auto) ，可以在使用指定参数func时模拟func的实际返回类型。 在尾随返回类型中没有更多的代码重复，这在C ++ 11中非常令人沮丧且容易出错。

Answer 2

这只是对语言创建和发展方式的限制。 在即将到来的C ++ 14标准中，函数的返回类型可以在某些上下文中推导出来，尽管不是全部。 有多个return语句时会出现并发症。

另外，推导出的返回类型还有其他问题，例如，模板函数的返回类型不能在SFINAE上下文中使用，因为能够推断出类型，编译器必须实例化替换后发生的函数模板。 最终结果是，虽然该功能将在不久的将来出现，但如果您可以自己提供该类型，我会避免使用它。

Answer 3

这将在c ++ 14中出现。 请参阅以下提案 。

Answer 4

它还没有..它将在C ++ 1y / C ++ 14中。查看这个功能的链接

Answer 5

我的猜测是，这可能是因为类型推断的lambdas不能递归 。

为什么这很重要？ 因为如果类型推断的lambda可以是递归的（通过“类型推断”我的意思是变量的名称是auto类型的地方），那么它的返回类型可能可能依赖于它自己 - 虽然这有时可以解决，但它比“简单”类型推断更难实现。 我甚至不确定它是否总是可以解决的（在一般情况下它是否可以判定？）。 但是，如果函数支持类型推断，则必须考虑此问题，因此可能由于这个原因它们只是将它们排除在外。