如何使用gulp-imagemin替换原始文件

Question

我需要设置一个gulp任务来优化目录中的图像文件，但是由于这是一个现有站点，因此无法更改输出目录。 换句话说，我需要优化的图像来替换现有图像。

我已经四处gulp-imagemin ，并且阅读了gulp-imagemin的文档，甚至尝试使用shell来完成它，但无济于事。

一定有办法做到这一点，但是到目前为止，我还没有找到有关如何在互联网上这样做的证据。 我希望SO的好人在这方面可以帮助我：)

这是我的代码：

var gulp = require('gulp');

var imagemin = require('gulp-imagemin');
var pngcrush = require('imagemin-pngcrush');

var paths = {
  files: './webroot/sites/files/**',
  filesDest: './webroot/sites/files',
};

gulp.task('files', function() {
  'use strict';

  // Minify all images
  return gulp.src(paths.files, {base: './webroot/sites/files'})
    .pipe(imagemin({
    progressive: true,
    svgoPlugins: [{removeViewBox: false}],
    use: [pngcrush()]
  }))
  .pipe(gulp.dest(paths.filesDest));
});

gulp.task('default', ['files']);

Answer 1

正如Delapouite所说的那样，这段代码正在起作用，我只是在错误地检查它。