当将void指针类型转换为结构指针时，“使用未声明的标识符”

Question

我是C语言的新手，作为（经典）练习，我试图在链接列表上实现一些操作。 但是，我还没有走的很远...当我尝试如下声明和初始化根节点时：

#include <stdlib.h>

struct intNode_t {
    int data;
    struct intNode_t* next;
};

int main() {
    struct intNode_t* root = ( intNode_t* ) malloc( sizeof( struct intNode_t ) );
    return 0;
}

编译器（clang）在尝试将malloc返回的void指针转换为指向intNode_t的指针的地方，给我错误“使用未声明的标识符”。 我意识到这是一个菜鸟问题，但我找不到其他答案。 有什么建议么？

Answer 1

C中的结构名称与基本类型名称和typedef的名称空间无关（请参阅此问题以获取详细信息）。 因此，您的结构类型的名称为struct intNode_t ; 没有称为intNode_t类型。

您可以始终将名称拼写为struct intNode_t ，也可以为其创建类型别名。 实际代码中有许多不同的模式：

单独的标签名称，单独的声明：

typedef struct foo_t_ foo_t;

struct foo_t_ { /* ... */ };

这样，您就可以将类型别名放在标头中，并将其发布为不透明的API类型，而无需透露实际的类型定义。

单独的标记名称，结构定义中的typedef：

typedef struct foo_t_ { /* ... */ } foo_t;

重用名称：

typedef struct foo_t { /* ... */ } foo_t;

这种样式使用户foo_t担心拼写foo_t或struct foo_t 。

不要命名结构：

typedef struct { /* ... */ } foo_t;

---

但是，在代码中，您实际上不需要重复名称，因为您不应该malloc转换malloc的结果，而是依靠从void指针到对象指针的内置隐式转换。 您也不应重复已知的类型，而应使用sizeof的表达式形式。 所以你要：

int main()
{
    struct intNode_t* root = malloc(sizeof *root);
}

（还要注意，从main隐含return 0 ）

Answer 2

无需重复自己。 如果您不重复自己，则可以减少错误。

struct intNode_t *root;
root = malloc( sizeof *root );

• 不需要演员表； malloc()返回一个void* ，它可以与每种（非函数）指针类型互换。
• sizeof有两种语法变体： sizeof(type)和sizeof expression第一个需要() ，第二个不需要。 大多数人都喜欢第二种形式，因为表达式（在您的情况下为*root ）总是会产生正确的类型，因此：size。

并且，上面的定义+赋值可以组合为一个定义+初始化程序，所有这些都适合于一行：

struct intNode_t *root = malloc( sizeof *root );

Answer 3

intNode_t中未声明名称intNode_t 。 声明了结构标签名称intNode_t 。

所以你需要写

struct intNode_t* root = ( struct intNode_t* ) malloc( sizeof( struct intNode_t ) );

或者您可以通过以下方式引入标识符名称intNode_t

typedef struct intNode_t {
    int data;
    struct intNode_t* next;
} intNode_t;

在这种情况下，您可以写

struct intNode_t* root = ( intNode_t* ) malloc( sizeof( struct intNode_t ) );