gulp / webpack任务的输出文件名

Question

我正在使用webpack-stream将webpack集成到gulp任务中，如下所示：

var gulp = require("gulp");
// var webpack = require('gulp-webpack');
var webpack = require('webpack-stream');

gulp.task("min:webpack",
    function () {
        return gulp.src('./App/App.js')
         .pipe(webpack({
             // watch: true,
             module: {
                 entry: './App/App.js',
                 output: {
                     filename: 'App.bundle.js'
                 },
                 devtool: 'source-map'
             }
         }))
        .pipe(gulp.dest('./App'));
    });

除了输出文件始终类似于6f7af85206d7f2f6536d.js而不是预期的App.bundle.js之外，其他所有内容似乎都按预期工作。 在其他类似的问题中（例如， 如何使用gulp webpack-stream生成正确的命名文件？ ），我读到它已通过在配置中指定output: { filename: 'something'}而得到有效修复，但是您可以看到我正在做。

有什么建议么？ 我忽略了什么？

Answer 1

好吧，我这是愚蠢的错误。 我没有正确指定配置。 此配置按预期工作：

gulp.task("min:webpack",
    function () {
        return gulp.src('./App/App.js')
         .pipe(webpack({
             // watch: true,
             entry: './App/App.js',
             output: {
                 filename: 'App.bundle.js'
             },
             devtool: 'source-map'
         }))
        .pipe(gulp.dest('./App'));
    });