使用 std::enable_if 作为模板时的默认模板参数。 参数：为什么两个模板函数只在 enable_if 参数上不同？

Question

在cppreference的std::enable_if语言参考中，包括以下注释

笔记

一个常见的错误是声明两个仅在默认模板参数上不同的函数模板。 这是非法的，因为默认模板参数不是函数模板签名的一部分，并且声明具有相同签名的两个不同函数模板是非法的。

在下面示例中的模板函数中，在我看来，这种情况发生了。 即，这两个模板函数onlyForDerivedObjects(...)似乎（对我而言）仅在它们的默认模板参数上有所不同。 我意识到我在这里遗漏了一些东西，希望有人可以向我解释这一点，或者指出我可以为自己找到顿悟的方向。

• 问题：写上面的引用，为什么下面的例子编译和运行良好：当我认为它产生两个模板函数的情况时，我是否错误分类了typename std::enable_if ...以下模板函数中的一部分，它们仅不同在他们的默认模板参数中？

例子

• 现场演示

基类和派生类：

class BaseA
{
public:
  int getInt() const { return 21; };
};

class DerivedA : public BaseA {};

class BaseB
{
public:
  int getAnotherInt() const { return 33; };
};

class DerivedB : public BaseB {};

具有以下模板函数

/* template functions that, seemingly, only differ in their
   default template arguments? */
template< class T,
          typename std::enable_if<std::is_base_of<BaseA, T>::value>::type* = nullptr >
int onlyForDerivedObjects(const T& obj)
{
  return 2*obj.getInt();
}

template< class T,
          typename std::enable_if<std::is_base_of<BaseB, T>::value>::type* = nullptr >
int onlyForDerivedObjects(const T& obj)
{
  return 3*obj.getAnotherInt();
}

编译并运行良好（ g++ -Wall -std=c++11 ... , g++ 4.9.3 ）

#include <iostream>
#include <type_traits>

/* ... classes and template functions as above */

/* template argument deduction seems to work fine */
int main()
{
  DerivedA* objA = new DerivedA();
  DerivedB* objB = new DerivedB();

  std::cout << onlyForDerivedObjects(*objA) << std::endl; // 42
  std::cout << onlyForDerivedObjects(*objB) << std::endl; // 99

  return 0;
}

Answer 1

笔记

一个常见的错误是声明两个仅在默认模板参数上不同的函数模板。 这是非法的，因为默认模板参数不是函数模板签名的一部分，并且声明具有相同签名的两个不同函数模板是非法的。

您的函数不仅在默认模板参数方面有所不同，而且在模板参数方面也有所不同，因此具有不同的签名。

在这两种情况下，默认模板参数都是nullptr ，但第二个模板参数在每种情况下都不同。

Answer 2

常见的错误是：

template <typename T, typename = std::enable_if_t<cond>>
void foo()

template <typename T, typename = std::enable_if_t<!cond>>
void foo()

两者都声明

template <typename, typename>
void foo();