Laravel动态可填充模型

Question

在laravel 5.2中遇到了问题。

以下是eloquent创建操作（后调用）期间的错误，

Model.php 453中的批量分配异常：column_name

以下是要考虑的先决条件：

1. 通过以下代码以动态方式填充模型中的可填充内容：

   \n public function __construct（）{\n      $这个 - >可填写（\\架构:: getColumnListing（$这个 - > getTable（）））\n }\n

以下是到目前为止调试的方法：

1. 在插入之前，在控制器中，$ model :: getillableField（）给出了适当的可填充数组。

2. 在model.php行（450）中，

   \n if（$ this-> isFillable（$ key））{\n       $ this-> setAttribute（$ key，$ value）;\n }\n

   上面的代码返回值为“false”，$ model :: getFillableField（）在数组列表中有column_name。

3. 用表格列硬编码$ fillable变量会删除错误。 请帮忙，我哪里出错了，解决方案是什么？

提前致谢。

Answer 1

你真正想做的是让所有字段都可填写。

在Laravel中执行此操作的正确方法是：

protected $guarded = [];

这适用于5.2，即使它的文档在5.3中找到。

（ 5.2的相关源代码 ）

（ 5.3的文件 ）：

如果您想使所有属性都可以分配，您可以将$ guarded属性定义为空数组：

通过将$guarded设置$guarded空数组，您将创建一个空的黑名单，允许所有字段都是可批量分配的。

另外，如果这种模式是以往任何时候都直接从用户输入构造，请不要这样做。 Laravel要求要么$fillable或$guarded的一个原因来定义。 除非您的模型具有字面上1：1的公共表单字段，否则允许所有字段在批量分配上可写是一个安全漏洞。

Answer 2

尝试这个。 将以下代码放入您的模型中，

public function __construct()
{
    $this->setFillable();
}
public function setFillable()
{
    $fields = \Schema::getColumnListing('table_name_here');

    $this->fillable[] = $fields;
}

这使得每个列都可以从该表中填充。

Answer 3

创建使用数据库列的特征。

<?php

namespace App\Traits;

use Illuminate\Support\Facades\Schema;

trait ColumnFillable
{
    public function getFillable()
    {
        return Schema::getColumnListing($this->getTable());
    }
}

现在在模型中使用此特征。

<?php

namespace App;

use App\Traits\ColumnFillable;

class MyModel extends Model
{
    use ColumnFillable;

    ...

现在您永远不必手动指定$fillable 。