[英]Symfony Doctrine query builder LIKE not working in PostgreSQL
所以我有一个包含以下代码的 UserRepository
namespace AppBundle\Repository;
use \Doctrine\ORM\EntityRepository;
class UserRepository extends EntityRepository
{
public function findByRole($role)
{
$qb = $this->_em->createQueryBuilder();
$qb->select('u')
->from($this->_entityName, 'u')
->where('u.roles LIKE :roles')
->setParameter('roles', '%"'.$role.'"%');
return $qb->getQuery()->getResult();
}
}
如果我的数据库是 MySQL,这似乎工作得很好,但如果我将数据库更改为 PostgreSQL,此查询将引发以下错误
执行'SELECT p0_.id AS id_0, p0_.username AS username_1, p0_.password AS password_2, p0_.is_active AS is_active_3, p0_.roles AS roles_4, p0_.name AS name_5, p0_.street AS street_6, p0_时发生异常.city AS city_7, p0_.state AS state_8, p0_.zip_code AS zip_code_9, p0_.phone_number AS phone_number_10, p0_.dob AS dob_11, p0_.company_name AS company_name_12, p0_.company_slug AS company_slug_company_13_company_company_logo_13 AS company_details_15, p0_.stripe_customer_id AS stripe_customer_id_16, p0_.created_at AS created_at_17, p0_.updated_at AS updated_at_18 FROM px_user p0_WHERE p0_.roles LIKE ?' 使用参数 ["%\\"ROLE_EMPLOYER\\"%"]:
SQLSTATE[42883]:未定义的函数:7 错误:运算符不存在:json ~~未知第 1 行:...在 AS updated_at_18 FROM px_user p0_WHERE p0_.roles LIKE $1 ^ 提示:没有运算符匹配给定的名称和参数类型(s)。 您可能需要添加显式类型转换。
这是我第一次使用PostgreSQL
所以我不明白问题是什么。 如果我通过添加以下内容将生成的查询更改为
WHERE
p0_.roles::text LIKE '%ROLE_EMPLOYER%'
一切正常。 注意::text 。
那么现在我如何将它添加到查询构建器中,以便它也适用于 PostgreSQL。
我用模块 boldtrn/jsonb-bundle 解决了这个问题,但它根据所使用的 Postgres 版本创建了一个错误。
我还通过这样的本机查询解决了没有模块的问题:
public function findEmailsByRole($role)
{
return $this->_em->getConnection()->executeQuery(
"SELECT email FROM public.utilisateur WHERE roles::text LIKE :role",
['role'=>'%"' . $role . '"%']
)->fetchAll();
}
你可以像这样创建你的函数
PS:我也在研究 PostgreSQL
public function findByRole($role) {
$qb = $this->getEntityManager()->createQueryBuilder();
$qb->select('u')
->from($this->getEntityName(), 'u')
->where("u.roles LIKE '%$role%'")
;
return $qb->getQuery()->getResult();
}
我通过使用JsonbBundle解决了这个问题。
按照我修复它的步骤
$ composer require "boldtrn/jsonb-bundle
通过在相应位置添加以下内容来更新config.yml
。
doctrine:
dbal:
types:
jsonb: Boldtrn\JsonbBundle\Types\JsonbArrayType
mapping_types:
jsonb: jsonb
orm:
dql:
string_functions:
JSONB_AG: Boldtrn\JsonbBundle\Query\JsonbAtGreater
JSONB_HGG: Boldtrn\JsonbBundle\Query\JsonbHashGreaterGreater
JSONB_EX: Boldtrn\JsonbBundle\Query\JsonbExistence
将roles
属性更改为类型jsonb
在存储库中,以下查询有效
$query = $this->getEntityManager()->createQuery("SELECT u FROM AppBundle:User u WHERE JSONB_HGG(u.roles , '{}') LIKE '%EMPLOYER%' ");
$users = $query->getResult();
return $users;
public function findByRole($role)
{
$qb = $this->getEntityManager()->createQueryBuilder();
$qb->select('u')
->from($this->getEntityName(), 'u')
->where($qb->expr()->like('u.roles', ':roles')
->setParameter('roles', $qb->expr()->literal('%'.$role.'%'));
return $qb->getQuery()->getResult();
}
将您的自定义字符串 DQL 替换为 QueryBuilder 语法。
我不知道它是否与您在 like 语句中的语法有关: '%".$var."%'
,这可能会导致错误。 希望这可以帮助您解决问题。
// Example - $qb->expr()->like('u.firstname', $qb->expr()->literal('Gui%')) public function like($x, $y); // Returns Expr\\Comparison instance
从LIKE 上的PostgreSQL 文档看来,您可能需要这样做:
$qb = $this->_em->createQueryBuilder();
$qb->select('u')
->from($this->_entityName, 'u')
->where('u.roles LIKE :roles')
->setParameter('roles', '\'%'.$role.'%\'');
return $qb->getQuery()->getResult();
基本上通过转义在百分号之外使用单引号。 我不确定这是否有效,但你能试试吗?
建立在@Lou Zito 的回答上:
如果您正在处理 Postgres,请学习 json/b 操作的强大功能!
将 json/b 数组转换为文本以进行类似比较并不是一个好方法。 将其转换为 jsonb(或者甚至更好:更改您的设置/迁移以直接使用 jsonb 字段而不是 <3)
你可以用?
运算符,或以包含运算符@>
为例。
查看可用的 jsonb 运算符的完整列表请注意, ?
将被解释为学说占位符,您需要使用??
逃吧!
public function findByRole()
{
return $query = $this->getEntityManager()
->getConnection()
->executeQuery(<<<'SQL'
SELECT id FROM public.user
WHERE roles::jsonb ?? :role
ORDER BY last_name, first_name
SQL,
['role' => User::ROLE_XYZ]
)->fetchAllAssociative();
}
提示:正如您在上面的示例中看到的,我通常将角色提取为 User 实体中的公共字符串常量,以便于访问。 我也强烈建议将其作为最佳实践。
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