将数据从模式插入数据库

Question

当我单击“添加”按钮时，我想使窗体出现在弹出窗口中。 因此，我使用模式显示PHP表单，但是当我尝试将插入表单的数据保存到数据库中时，它不起作用。 当我单击“保存”时，出现了一个奇怪的URL，如下所示：

... / pembelitkatakutest.php？image = 025pikachu_xy_anime_3.png＆save =

我不确定，但我认为该网址不应包含“ image = 025pikachu_xy_anime_3.png＆”部分。

我的代码如下：

<button type="button" class="btn btn-primary" data-toggle="modal" data-target="#myModal">Add Tongue Twister</button><br><br><br>

<!-- Modal -->
<div class="modal fade" id="myModal" tabindex="-1" role="dialog" aria-labelledby="myModalLabel" aria-hidden="true">
<div class="modal-dialog">
<div class="modal-content">
  <div class="modal-header">
    <button type="button" class="close" data-dismiss="modal"><span aria-hidden="true">&times;</span><span class="sr-only">Close</span></button>
    <h4 class="modal-title" id="myModalLabel">Add Tongue Twister</h4>
  </div>
  <div class="modal-body">
    <form method = "POST">
        <div class="form-group">
            <label for="usr">Please Choose a Picture:</label>
            <input type="file" name="image">
            <script type="text/javascript">
            $(document).ready(function() {
            $(window).keydown(function(event){
            if(event.keyCode == 13) {
            event.preventDefault();
            return false;
            }
            });
            });
            </script>
        </div>
        <div class="form-group">
            <label for="pwd">Please write the tongue twister:</label>
            <input type="text" rows = "3" class="form-control">
        </div>
  </div>
  <div class="modal-footer">
    <button type="button" class="btn btn-default" data-dismiss="modal">Close</button>
    <button type="submit" class="btn btn-primary" name="save">Save changes</button>
    <?php if(isset($_POST['save']))
    {
      //target folder to keep the media
      $target = "images/".basename($_FILES['image']['name']);

      //get all submitted data from form
      $image = $_FILES['image']['name'];
      $text = $_POST['text'];

      if(!empty($_FILES['image']['name']))
      { 
      $sql = "INSERT INTO pembelitkataku(image, text) VALUES ('$image','$text')";
      mysqli_query($db, $sql);
      }
      else
      {
        $message = "Sila pilih semua fail";
        echo "<script type='text/javascript'>alert('$message');</script>";
      }

      move_uploaded_file($_FILES['image']['tmp_name'], $target); 
    } 
    ?>
  </div>
  </form>
</div>

我可以知道我的代码出了什么问题以及如何解决它吗？

如果可能的话，我想避免使用Javascript，因为它很难理解。

谢谢。

Answer 1

使用<form method="POST" enctype="multipart/form-data">

因为默认情况下，您的代码正在发出GET请求，但是您的PHP代码想要接收POST请求。 您可以在以下代码行中看到它：

if(isset($_POST['save']))