Yii2模型ViaTable

Question

为了简单起见，假设我有3个表： menu ， page和一个联结表menu_page 。

因此，如果我想获取“主页”页面可用的所有菜单，则在模型中我定义了一个关系：

public function getAllMenus() {
    return $this->hasMany(Menu::className(), ['id' => 'menu_id'])->viaTable(PageMenu::tableName(), ['page_id' => 'id']);
}

但是现在我们在菜单表中添加了一个名为show_all_pages的属性，如果将此属性设置为1，则应该返回菜单，如果没有，我们应该检查菜单是否启用了可在家庭使用。

有没有办法在这里添加此条件？

Answer 1

您可以使用的andWhere条款适用于该过滤器show_all_pages

public function getAllMenus() {
    return $this->hasMany(Menu::className(), ['id' => 'menu_id'])
                ->viaTable(PageMenu::tableName(), ['page_id' => 'id'])
                ->andWhere(['show_all_pages' => 1]);
}

Answer 2

到目前为止，我发现的解决方案是分离活动查询并进行联合：

public function getSelectedMenus() {

        return $this->hasMany(Menu::className(), ['id' => 'menu_id'])->viaTable(PageMenu::tableName(), ['page_id' => 'id'])->onCondition(['menu.active' => Page::ACTIVE]);
    }

    public function getAllMenus() {
        return Menu::find()->where(['active' => Page::ACTIVE, 'show_all_pages' => 1]);
    }

    public function getMenus() {

        $selectedMenus = $this->getSelectedMenus();
        $allMenus = $this->getAllMenus();

        return $selectedMenus->union($allMenus);

    }