[英]Why does std::numeric_limits<SomeStruct>::infinity() “work”?
[英]Why does `std::ranges::clamp` limits the number of projections so strictly?
根据[alg.clamp#5] , std::ranges::clamp
的时间复杂度最多需要 2 次比较和3次投影应用。 cppreference中的可能实现由下式给出:
struct clamp_fn {
template<class T, class Proj = std::identity,
std::indirect_strict_weak_order<std::projected<const T*, Proj>> Comp = ranges::less>
constexpr const T& operator()(const T& v, const T& lo, const T& hi,
Comp comp = {}, Proj proj = {}) const
{
assert(!std::invoke(comp, std::invoke(proj, hi), std::invoke(proj, lo)));
return std::invoke(comp, std::invoke(proj, v), std::invoke(proj, lo)) ? lo
: std::invoke(comp, std::invoke(proj, hi), std::invoke(proj, v)) ? hi : v;
}
};
inline constexpr clamp_fn clamp;
这显然不符合要求,因为它涉及3个比较和6个投影。 即使我们注释掉assert
,投影的数量仍然是4 ,因为std::invoke(proj, v)
被执行了两次。
我能想到的唯一方法是临时存储std::invoke(proj, v)
的结果,然后将其传递给接下来的两个comp
调用,就像libstdc++一样:
auto&& __proj_val = std::__invoke(__proj, __val);
if (std::__invoke(__comp, __proj_val, std::__invoke(__proj, __lo)))
return __lo;
else if (std::__invoke(__comp, std::__invoke(__proj, __hi), __proj_val))
return __hi;
else
return __val;
但是为了安全起见,我们似乎无法在第一个comp
调用中使用std::forward<decltype(__proj_val)>(__proj_val)
来完美转发__proj_val
,这意味着我们似乎无法仅使用 3 个投影来完美实现了std::ranges::clamp
。
为什么std::ranges::clamp
如此严格地限制投影的数量? 这是否意味着需要临时存储投影结果以满足复杂性要求? 还是我对这种复杂性要求的理解是错误的?
这是非常有意的。 我在布拉格的 LWG 审查论文期间特别询问了这种复杂性要求,因为它禁止“明显”的实施。 是的,这需要实现调用该值的投影并使用auto&&
或等效项“将结果暂停在半空中”。
它还需要完美转发预计值(libstdc++ 无法做到)。 这是有效的,因为invoke
表达式需要不修改其 arguments(来自regular_invocable
的要求),并且是必需的,因为indirect_strict_weak_order
中的任何内容都不需要使用iter_reference_t<I1>&
进行调用,只有iter_reference_t<I1>
和iter_value_t<I1>&
.
转发是有条件的移动。 移动的意思是“我不再需要这个值了”。 仅重新计算一个值以便我们可以更频繁地移动它是愚蠢的; 我们的选择是创建 2 并移动两者,或者创建 1,使用它,然后在完成后移动它。
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