PHP - include（）文件在变量放入url时不起作用？

Question

在PHP中，我构建了一个使用include（）来加载网站部分的网页。 但是，我现在遇到了类似问题的问题：当我使用类似的URL时： data-openov-storingen.php?type=actueel它给了我这个错误：

Warning: include(data-storingen.php?type=actueel): failed to open stream: No such file or directory in blablabla

甚至可以在include() url中传递get变量吗？

Answer 1

以这种方式include不获取URL，它从文件系统中获取文件，因此没有查询字符串这样的东西。

但是你可以这样做：

$_GET['type'] = 'actueel';
include('data-storingen.php');

Answer 2

include()函数不通过HTTP访问文件，它通过操作系统自己的文件系统访问文件。 所以不计算GET变量。 （因为它们不是文件名的一部分）。

通俗地说，包含的意思是将文件中的一个文件上的所有内容“复制/粘贴”到另一个文件，这样就没有一个巨大的文件，而是一些较小的，更易于维护的文件。

Answer 3

除非你有一个完全限定的URL，在地址中使用protocol:// ，PHP会将你传入include（）/ require（）的内容解释为LOCAL文件，这意味着它正在你的驱动器上寻找一个名字的文件real是data-storingen.php?type=actueel ，而你只有data-storingen.php 。

由于您正在处理本地文件，因此不支持查询字符串，您必须将其从您传递给include（）的“文件名”中删除。

Answer 4

你可以/应该总是在外面设置变量，因为你不能通过URL来做到这一点....

$_GET['type'] = "actueel";
include("data-storingen.php");

然后包含的文件可以访问变量（假设您在包含的文件中使用$_GET['type'] ）

Answer 5

不，不可能传递这样的变量。 您可以在data-storingen.php使用变量actueel ，只要在include语句之前在包含它的页面中声明它。

考虑将包含文件中的代码复制粘贴到当前文件中。 所以你可以有一个文件：

$actueel = 'abc';
include(data-storingen.php);

然后你的data-storingen.php ：

echo $actueel;

它将输出'abc'。