我的返回函数不适用于我的jQuery ajax

Question

我有这个：

$("#upvote").click(function(){
    var up = parseInt(document.getElementById('voteScore').innerHTML);
    up++;
    document.getElementById('voteScore').innerHTML = up;
    $.ajax({
            type: 'POST',
        url: 'include/mysql_lib.php',
        data: {'data[]':['upvote','<?php echo $id; ?>', '<?php echo $uid; ?>']},
        dataType: "text",
        success: function(dataType) {
                if (dataType == "false") {
                    var up = parseInt(document.getElementById('voteScore').innerHTML);
                    up--;
                    document.getElementById('voteScore').innerHTML = up;
                }
        }
    });
});

mysql_lib.php文件（如果发现错误）具有如下一行：

return "false";

我究竟做错了什么？ 我以前从未使用过jQuery。

Answer 1

AJAX函数的服务器响应（代码中的'dataType'变量）存储将PHP脚本写出到服务器的内容。 在您的PHP脚本中，如果return "false" ，它将从函数返回一个字符串，但是，如果您想在JavaScript中获取值，则应使用echo "false"以便服务器的JavaScript响应为false 。

function test() {
    //do some work
    return "false";
}
echo test();//this will output "false" to the browser

function test() {
    echo "false";//this will output "false" to the browser
}

当遇到这样的问题时，最好将console.log(dataType)或alert(dataType)放入AJAX回调函数中，以查看PHP输出的内容。 您的PHP脚本的响应也可以在大多数开发人员工具（如FireBug）中查看。

和一个建议。 如果要开始从PHP脚本输出更复杂的信息，请查看PHP json_encode（）函数，该函数使PHP和JavaScript之间的通信变得轻松自如。