C ++ lambda捕获约束

Question

是否可以约束作为参数给出的lambda的捕获类型？
例如，是否可以仅采用不通过引用捕获任何内容的lambda？

template <typename F>
void f(const F& lambda) // F must be a lambda that do not capture by ref
{
  :::
}

Answer 1

也许你误解了lambda表达式的捕获行为：一个闭包对象就像一个拼写出来的仿函数对象，所以

struct Fun
{
    Fun (int & a) : n(a) { }
    int operator()(...) { ... }
private:
    int & n;
};

int q;
Fun f(q);
f(...);

与...完全相同

int q;
auto f = [&q](...) -> int { ... };
f(...);

构造闭包对象后，所有捕获和绑定都将完成并永远锁定到对象中。

如果现在将对象传递到某个其他位置，例如call_me(f) ，则接收方函数与call_me(f)函数或闭包对象的构造无关。

Answer 2

MSalters指出“非捕获lambda可以转换为指向函数的指针”。 这是什么意思？ lambda对象将匹配指向函数参数类型的指针。

将lambda类型转换为指向函数的指针是很棘手的。 以下是我对合规实施的尝试。 这有点hackish。

#include <type_traits>

template< typename fn >
struct ptmf_to_pf;

template< typename r, typename c, typename ... a >
struct ptmf_to_pf< r (c::*) ( a ... ) const >
    { typedef r (* type)( a ... ); };

// Use SFINAE to hide function if lambda is not convertible to function ptr.
// Only check that the conversion is legal, it never actually occurs.

template< typename lambda >
typename std::enable_if< std::is_constructible<
         typename ptmf_to_pf< decltype( &lambda::operator() ) >::type,
         lambda >::value >::type
f( lambda arg ) {
    arg( "hello " );
    arg( "world\n" );
}

#include <iostream>

int main() {
int x = 3;
    f( []( char const *s ){ std::cout << s; } ); // OK
    f( [=]( char const *s ){ std::cout << s; } ); // OK
    f( [=]( char const *s ){ std::cout << s << x; } ); // error
}

这不会接受函数指针作为直接参数，因为模板参数需要解析为仿函数。 您可以通过为ptmf_to_pf提供接受指向函数类型的指针的专门化来ptmf_to_pf 。

此外，正如演示所示，它不会接受通过值以及引用捕获任何内容的lambda。 在C ++中没有办法使限制如此具体。

Answer 3

间接黑客：只有非捕获的lambda才能转换为指向函数的指针。 当然，这也涵盖了许多根本不是lambda的F类型。