如何将数据值传递给表单？
[英]How do I pass data values to a form?
问题描述
我有一个正在幻想足球网站上工作的应用程序。 如果您去这里：
http://digitaldemo.net/kickass/a-results.php
您可以查看管理员查看/编辑播放器时看到的内容。
更新--------------------------------------
这是一个-results.php呈现的数据，并应传递到QB-edit.php表单数据的相关代码：
<table cellspacing="0" cellpadding="5" border="1" width="560">
<tr style="text-align:center">
<td style="text-align:left ; width:175px">Player Name</td>
<td>Team</td>
<td>Pass Yds</td>
<td>Pass TDs</td>
<td>Int Thrown</td>
<td>Rush Yds</td>
<td>Rush TDs</td>
<td>Overall Pts</td>
<td>TFP</td>
</tr>
<?php
$result = mysql_query("SELECT ID, Player, Team, Pass_Yds, Pass_TDs, Int_Thrown, Rush_Yds, Rush_TDs, Overall_Pts, Total_Fantasy_Pts FROM ff_projections WHERE Position = 'QB' ORDER BY Pass_Yds DESC;");
while($row = mysql_fetch_array($result))
{
echo "<tr style=\"text-align:center\"><td style=\"text-align:left\">{$row['Player']}</td>";
echo "<td>{$row['Team']}</td>";
echo "<td>{$row['Pass_Yds']}</td>";
echo "<td>{$row['Pass_TDs']}</td>";
echo "<td>{$row['Int_Thrown']}</td>";
echo "<td>{$row['Rush_Yds']}</td>";
echo "<td>{$row['Rush_TDs']}</td>";
echo "<td>{$row['Overall_Pts']}</td>";
echo "<td>{$row['Total_Fantasy_Pts']}</td>";
echo "<td><form action=\"qb-edit.php\" method=\"post\"><input type=\"hidden\" name=\"ID\" value=\"". $row['ID'] ."\"><input type=\"submit\" name=\"submit\" value=\"Edit\"></form></td></tr>";
}
?>
</table>
这是qb-edit.php的内容：
<?php
$posted_id = $_POST['ID'];
?>
<!DOCTYPE html PUBLIC "-//W3C//DTD XHTML 1.0 Transitional//EN" "http://www.w3.org/TR/xhtml1/DTD/xhtml1-transitional.dtd">
<html xmlns="http://www.w3.org/1999/xhtml">
<head>
<meta http-equiv="Content-Type" content="text/html; charset=utf-8" />
<title>Untitled Document</title>
<style>
body { font-family:Arial, Helvetica, sans-serif ;
font-size:14px ;
}
.form { width:350px ;
margin-auto ;
}
label { clear:both ;
display:block ;
float:left ;
padding-right:8px ;
line-height:26px ;
}
input[type=text] { float:right ;
width:163px ;
height:18px ;
margin:3px 0px ;
}
input[type=text].short { width:30px ;
margin-right:132px ;
}
input[type=submit] { clear:both ;
float:left ;
margin-top:20px ;
margin-bottom:20px ;
}
select { float:right ;
margin-right:118px ;
}
</style>
</head>
<body>
<div class="form">
<?php
echo $posted_id;
$result = mysql_query($connect, "SELECT * FROM ff_projections where ID='" . $posted_id . "'") or die ("Error in query");
if ($row = mysql_fetch_array($result)) {
echo "<form method='post' action='add_player.php'>";
echo "<label for='Player'>Player Name:</label> <input type='text' name='Player' value='" . $row['Player'] . "' />";
echo "<label for='Pass_Yds'>Pass Yds:</label> <input class='short' type='text' name='Pass_Yds' value='" . $row['Pass_Yds'] . "' />";
echo "<label for='Pass_TDs'>Pass TDs:</label> <input class='short' type='text' name='Pass_TDs' value='" . $row['Pass_TDs'] . "' />";
echo "<label for='Int_Thrown'>Int Thrown:</label> <input class='short' type='text' name='Int_Thrown' value='" . $row['Int_Thrown'] . "' />";
echo "<label for='Rush_Yds'>Rush Yds:</label> <input class='short' type='text' name='Rush_Yds' value='" . $row['Rush_Yds'] . "' />";
echo "<label for='Rush_TDs'>Rush TDs:</label> <input class='short' type='text' name='Rush_TDs' value='" . $row['Rush_TDs'] . "' />";
echo "<label for='Overall_Pts'>Overall Pts:</label> <input class='short' type='text' name='Overall_Pts' value='" . $row['Overall_Pts'] . "' />";
echo "<input type='submit' name='submit' value='Update Player' />";
echo "<input type='hidden' name='id' value='" . $row['ID'] . "' />";
echo "</form>";
}
?>
</div>
</body>
</html>
我收到一条错误消息：
PHP Warning: mysql_query() expects parameter 2 to be resource, string given in C:\\xampp\\htdocs\\kickass\\qb-edit.php on line 55, referer: http://localhost/kickass/a-results.php
这是qb-edit.php的第55行：
$result = mysql_query($connect, "SELECT * FROM ff_projections where ID='" . $posted_id . "'") or die ("Error in query");
我疯了试图使它工作...
3 个解决方案
解决方案1
1 已采纳 2012-05-24 18:42:34
只需将其数据库记录的ID作为参数（可能作为隐藏字段）传递，然后使用它从下一页从数据库中提取其记录。
解决方案2
1 2012-05-24 19:10:17
这个想法是您传递播放器的ID（可以是GET或POST方法），我认为最好的方法是POST，因为您可以将ID传递到URL
例如：
player_id = 1文斯·杨如果您创建此页面的链接http://digitaldemo.net/kickass/edit_player.php?id=1 ，它将显示编辑页面
player_id = 2 Ryan Tannehill，如果您创建此页面的链接http://digitaldemo.net/kickass/edit_player.php?id=2 ，它将显示编辑页面
等
当然，您必须考虑一些事项：
- 您必须创建一个名为edit_player的php文件及其上的函数。
- 如果您不检查是否有人可以打开浏览器副本并粘贴这样的链接，则必须验证SESSION ['user']是否有权编辑播放器：http：//digitaldemo.net/kickass/edit_player .php？id = 1，将可以编辑您的帖子。
- 如果我将使用某种md5算法发送用户ID，那么我将限制入侵者。
请参阅此安全指南，它将帮助您保护网站：
解决方案3
1 2012-05-24 22:57:30
您的错误是在这里引起的，我相信
“ SELECT * FROM ff_projections其中ID ='”。 $ posted_id。 “”
您在SELECT之前开始了双引号，这很好，但是当您到达ID =时，您结束了该引号集删除了双引号
所以换句话说
"SELECT * FROM ff_projections WHERE ID = '$posted_id'"
代替
"SELECT * FROM ff_projections where ID='" . $posted_id . "'"
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[英]How Do I Pass the Multiple Line Form Data to The Array? The form is not passing the string in the array
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[英]How do you recommend I pass data from one form to another, and finally to another final page?
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