如何使用LIKE运算符修复SQL错误？

Question

我正在尝试建立一个小型搜索引擎，可以浏览我网站上的文章。 到目前为止，我已经编写了PHP代码，我的服务器没有问题。 服务器确实遇到的问题是我的SQL代码，据我所知这是正确的，但它表示“语法不正确”。

我试图在该语句中添加一个PHP变量，以使其能够搜索该变量的内容，因为该内容具有表单输入。 变量（如您所见）称为$ search_input我的代码在这里：

$sql_code = "SELECT * FROM 'articles' WHERE 'tags' LIKE ‘%{$search_input}%’";

我确定我的语法有问题，但看不到哪里。 我回顾了W3schools关于WHERE子句和LIKE运算符的指南-找不到任何东西。 非常感谢您的帮助-谢谢。

• 感谢所有帮助人员-我尝试了Des的第一篇文章，它适用于其他文章。 但是，如果我想写：PHP中的“发现以下结果”。 然后，它在数据库的每个搜索结果之后重复该操作。

并将其显示在浏览器中：

找到以下结果：

HelloWorldPrimaryTest看一下该文档具有以下标签：hello world primary

找到以下结果：

Home看一下此文档具有以下标签：home

我不希望它重复“发现以下结果：”任何人都可以帮忙吗？ 非常感谢您到目前为止提供的所有帮助。

Answer 1

引号错误，请尝试以下操作：

$sql_code = "SELECT * FROM articles WHERE tags LIKE '%{$search_input}%'";

最好使用准备好的语句 （PDO）。

Answer 2

快去

$sql_code = "SELECT * FROM 'articles' WHERE 'tags' LIKE '%".$search_input."%'";

Answer 3

去除花括号并尝试

$sql_code = "SELECT * FROM 'articles' WHERE 'tags' LIKE '%$search_input%'";

Answer 4

$ sql_code =“选择*来自articles tags哪里，例如'％$ search_input％'”；

您不应该在表名或行名中使用引号，而可以将其保留为空或使用刻度（ table_name ）