表单处理不会传递价值

Question

我有这个代码，允许我做一个请求，以进行查询！

现在处理的表单有以下代码：

<form action="edit_images.php" method="post">
<input type="hidden" value="<? echo $gal_id1 ?>" name="img_id1"  />
<input type="submit" value="Edit All Images"  />
</form>

虽然查询是这样的：

$img_id=$_REQUEST['img_id1'];
$sql="SELECT * FROM tbl_images WHERE Img_gal_id='$img_id'";

但似乎它不会占用这个价值......我的意思是，它无法识别我之前打印过的$ img_id并取出了确切的值。

让我向您展示我用来检索它的查询：

$sql = "SELECT gal_id,gal_title,gal_image FROM tbl_galleries where gal_id='" . $_REQUEST['gid'] ."';";
      $query = mysql_query($sql) or $myErrorsP = mysql_error();
      if(isset($myErrors) && $myErrorsP!=''){     
      } else {          
          $row = mysql_fetch_row($query);
          mysql_free_result($query);
          $gal_id    = $row[0];
          $gal_id1    = $row[0];
          $gal_title = $row[1];
          $gal_image = $row[2];                     
      } 

Answer 1

你错过了; 在echo结束时没有按预期输出值。 此外，您使用的是短标签，这可能会导致问题。 您可能想要使用<?php作为<? 在其自己的。

<input type="hidden" value="<?php echo $gal_id1; ?>" name="img_id1"  />

最后，您使用零保护来防止注入攻击。 请在PDO中研究准备好的语句并更新您的代码。 你没有的第一次注射攻击会感谢你。

编辑：当你遇到这样的问题时，通常很好的做法是在执行它之前回显$sql 。

你可以在将来做到这一点：

$sql = "SELECT gal_id,gal_title,gal_image FROM tbl_galleries where gal_id='" . $_REQUEST['gid'] ."';";
echo $sql."<br>\n";
$query = mysql_query($sql) or $myErrorsP = mysql_error();

这可能会给你一个很好的迹象表明问题是什么。