jQuery $ .post返回错误的数据

Question

当我的ajax被处理

$.post("main.php", 
          {data: $(this).text()}, 
          function(data) {
               //alert("Data saved.");
               $('#demo').html(data);
          });   

而不是得到我在下面的查询中指定的内容

if (isset($_POST['data'])){
$data = $_POST['data'];

    $query = mysql_query("SELECT * FROM tempusers
    WHERE 'firstname' LIKE '%$data%' 
        OR 'lastname' LIKE '%$data%' 
        OR 'title' LIKE '%$data%'");

    while($row=mysql_fetch_assoc($query)){
                $firstname=$row['firstname'];
                $lastname=$row['lastname'];
                $grade=$row['grade'];


    echo $grade;

相反，我得到了页面中的所有元素。 所以换句话说就是下面的div

 <div id="demo"></div>

我要返回我的页面。 因此它显示为网站内的网站。 它甚至不会显示echo $grade; 我以为这是我的查询，但我尝试注释掉该查询，然后echo $data 请参见下文

if (isset($_POST['data'])){
$data = $_POST['data'];
echo $data; 

这样做给了我与前面所说的“在网站内淘汰网站”相同的结果，并且也呼应了我想要的$ data。 我会很高兴了解这是如何发生的以及如何解决此问题并更正我的isset函数/ ajax。 任何其他技巧将不胜感激。 我知道我需要将查询更改为PDO并对其进行计划。

Answer 1

回显您想要的内容后，请显式退出以终止任何进一步的脚本执行。

 echo $grade;
 exit;

如果坡度回波在循环中，则在循环终止后放置出口。

Answer 2

当您进行回显时，ajax会将其作为响应并关闭连接（因此您只会从服务器收到一个答案），

所以我的建议是，在回显之前先合并所有值。 您可以使用json编码和解码来传递值并将其显示出来。

Json编码php => http://php.net/manual/es/function.json-encode.php

Javascript json encode => 如何在JavaScript中对数组元素进行JSON解码？

Answer 3

问题是您正在回显“数据”，并且正在以这种方式发送“数据”：

 {data: $(this).text()}, 

所以问题出在this.text中，当您说这个时，您指的是什么？ 它必须占用整个网站并发送它，然后将其返回，然后将其发布到div。

尝试先这样做：

 {data: "test"},

如果返回的结果是“ test”，则问题是jQuery发送了所有内容。 您可以通过删除$（this）并将其替换为$（“＃someid”）。html（）来解决此问题。