json返回字符串而不是对象

Question

我有

 $age = implode(',', $wage);   // which is object return:  [1,4],[7,11],[15,11]
  $ww = json_encode($age);

然后我在这里检索

    var age = JSON.parse(<?php echo json_encode($ww); ?>); 

所以如果我做

   alert(typeof(<?php echo $age; ?>))   // object
   alert(typeof(age))                   //string

在我的情况下，JSON.parse重新调整为字符串。

我怎样才能让json返回为对象？

编辑：

 var age = JSON.parse(<?php echo $ww; ?>); // didnt work , its something syntax error

Answer 1

implode返回一个字符串，因此json_encode编码是很自然的。 它无法识别已经作为字符串传递的类似于JSON的数据。

如果要获取对象，则必须将关联数组传递给json_encode ：

$foo = array(
    1 => 4,
    7 => 11,
    15 => 11
);

echo json_encode($foo); // {1:4,7:11,15:11}

在$wage崩溃之前，关于$wage信息很少，因此很难确切地说出您想要得到什么。 该结构（ [1,4],[7,11],[15,11] ）如何成为对象？ 每个元组的第一个元素是键吗？ 这就是我在示例中所假设的，但是可能不正确。

Answer 2

一种。 您会收到语法错误，因为您需要将字符串用引号引起来，如下所示：

var age = JSON.parse("<?php echo $ww; ?>");

湾 而且，您不需要 JSON.parse 。 您可以在服务器端对php var进行json_encoded后，直接对其进行回显：

var age = <?php echo $ww; ?>;

JSON.parse可以将JavaScript字符串转换为对象。 对于PHP字符串，一旦将其构建为JSON，则在正确的位置回显等同于自己进行编码。

Answer 3

var age = [<?php echo $age; ?>];