Symfony2渲染和形成

Question

我有一個要在網站的多個頁面中使用的表格。 所以我在頁面中調用類似的方法：

{{ render(controller('ProjectApplicationBundle:Application:form')) }}

我有formAction方法：

public function formAction()
{
    $form = $this->createForm($type,$obj);

    if('POST' == $this->getRequest()->getMethod()){
       $form->submit($this->getRequest());
       if($form->isValid()){
           //redirect to a page after the form
       }
    }
    //render the form template ...
}

這不是我的代碼，這只是一個示例。

所以我添加了一條創建發送表格的路線

project_application_form:
    pattern:  /form
    defaults: { _controller: ProjectApplicationBundle:Application:form }

現在我的問題:)

1）我想使用url阻止對表單的訪問，只允許進行數據處理。

2）如果出現錯誤，頁面將不會重定向，因此顯示的表單沒有布局，因此我想在呈現表單的頁面中獲取帶有錯誤的表單。

編輯：我也許有第二點的解決方案，但這不是很適當。 在我的渲染路徑的參數中設置並返回該路徑，而不是渲染渲染表單。 最后，我使用一個會話來放置錯誤。

我希望這對你來說很清楚，對不起我的英語。

Answer 1

您必須保護處理表單的操作，並僅通過POST使它可用

范例：

use Sensio\Bundle\FrameworkExtraBundle\Configuration\Route;
use Sensio\Bundle\FrameworkExtraBundle\Configuration\Method;

class RegisterController extends Controller
{
    /**
     * @Route("/register/process", name="process_form_register")
     * @Method({"POST"})
     */
    public function processAction(Request $request)
    {
        $form = $this->createFrom(new RegisterType());
        $form->submit($request);

        if($form->isValid()){
           //redirect to a page after the form
        }
    }
}

如果對路由使用yml語法，它將為：

process_form_register:
    pattern:  /register/process
    defaults: { _controller: ...... }
    requirements:
        _method:  POST

為您的2）點打開一個新問題，因為每個線程只有一個問題，這是另一個問題