向表的每一行添加編輯按鈕以更新PHP中的數據庫

Question

我創建了一個簡單的查詢，可以從數據庫中檢索記錄並將其傳遞給html。 我想為每一行添加一個“編輯/查看”按鈕，因此在進行了一些研究之后，我得出以下結論：

$query = mysqli_query($con, "SELECT * FROM mytable") or die(mysqli_error($con));
if(mysqli_num_rows($query) > 0) {
    while($row = mysqli_fetch_array($query)) {
        echo "<tr><td>".$row['pId']."</td>";
        echo "<td>".$row['data1']."</td>";
        echo "<td>".$row['data2']."</td>";
        echo "<td><form action='detailform.php' method='POST'><input type='hidden' name='tempId' value='".$row["pId"]."'/><input type='submit' name='submit-btn' value='View/Update Details' /><form></td>";
    }
}

這可以正常工作1條記錄。 但是，如果我有2個或更多，則無論選擇哪個記錄，總是會檢索到最新記錄。 例如，如果您有5條記錄，並且選擇了任何一條記錄，那么將始終選擇第5條記錄，因此我無法更新以前的記錄。 為什么會這樣呢？ 我想念什么嗎？

不知道這是否對我有幫助，但這是我的detailform.php的基本邏輯：

if(isset($_POST["tempId"]){ 
     //pass data using post then update. Here's where I keep getting only the latest record regardless of selected record from previous page
} else { //add data }

Answer 1

關閉表格：

echo "<td><form action='detailform.php' method='POST'><input type='hidden' name='tempId' value='".$row["pId"]."'/><input type='submit' name='submit-btn' value='View/Update Details' /></form></td></tr>";

第一個正確發送，因為它最接近“提交”按鈕，其余則更接近最后一個“提交”按鈕

Answer 2

嘗試這個

 while($row = mysql_fetch_assoc($query)) {
        echo "<tr><td>".$row['pId']."</td>";
        echo "<td>".$row['data1']."</td>";
        echo "<td>".$row['data2']."</td>";
        echo "<td><form action='detailform.php' method='POST'><input type='hidden' name='tempId' value='".$row["pId"]."'/><input type='submit' name='submit-btn' value='View/Update Details' /></form></td></tr>";
    }