在php中輸出一個json文件響應而不是一個echo響應

Question

下面的代碼在php標記內，在提交數據的網頁頂部回顯了{“ status”：200，“ status_message”：“在數據庫中輸入的詳細信息”，“ data”：121}。 一切都很好！ 但是我怎樣才能將其作為“ any.json”文件返回。 我經常看到這些內容出現在Windows 7等網頁的底部。我嘗試添加

$fp = fopen('results.json', 'w');
fwrite($fp, json_encode($response));
fclose($fp);

我也嘗試了fwrite（“ yourjson.json”，json_encode（$ response））;

但似乎沒有任何反應（執行此操作時，我將echo $ response注釋掉了）。 如果您有任何建議，我將非常感謝，謝謝。

<?php
    if (isset($_POST['submit']))
    {
    $fields = array(
        'name'=>$_POST['name'],
        'email'=>$_POST['email'],
        'password'=>$_POST['password'],
        'status'=>$_POST['status']
        );
    $postvars='';
    $sep='';
    foreach($fields as $key=>$value)
    {
        $postvars.= $sep.urlencode($key).'='.urlencode($value);
        $sep='&';
    }
    $url = "http://www.anywebpage.com/rest/index.php";
    $client = curl_init($url);
    curl_setopt($client,CURLOPT_POST,count($fields));
    curl_setopt($client, CURLOPT_POSTFIELDS, $postvars);
    curl_setopt($client, CURLOPT_RETURNTRANSFER,true);
    $response = curl_exec($client);
    $result = json_decode($response);
    echo $response;

    curl_close($client);
    }
?>

上面的代碼將數據發送到下面的文件，我也曾嘗試將文件寫入代碼放到其中，但同樣無濟於事。

<?php
    $page_title = 'Pass_On';

    //process client request (VIA URL)
    header("Content = Type:application/json");
    //include("function.php");

    if (!empty($_POST['name']))
    {
        $name = $_POST['name']; 
        $email = $_POST['email'];
        $password = $_POST['password'];
        $status = $_POST['status'];  
        require_once('mysqli_connect.php');

    $sql = "INSERT INTO usersRest(name, email, password, status) VALUES ( '$name', '$email', '$password', '$status')";
    $r = @mysqli_query ($dbc, $sql);
    //$qur = mysqli_query($dbc, $sql);
        $id = mysqli_insert_id($dbc);   

    deliver_response(200, "details entered in database", $id);

        }
    function deliver_response($status,$status_message,$data)
    {
            header ("HTTP/1.1 $status $status_message");
            $response['status']=$status;
            $response['status_message']=$status_message;
            $response['data']= $data;
            $json_response=json_encode($response);
            echo $json_response;

    }
?>

除了回應，一切都很好。 頂部php代碼從同一php文件中的HTML表單接收其值。 這是直接提交四個值的表格，名稱，電子郵件，密碼，狀態。

謝謝。

Answer 1

經過一輪搜索后，我發現此代碼有效。 在標題為“ Pass_On”的文件末尾使用此選項

注釋掉// echo $ json_response; 並添加......以創建一個名為file1.json的文件，它將$ json_response變量的內容放入該文件中。

$fp = fopen('file1.json', 'w+');
fwrite($fp, $json_response);
fclose($fp);

然后是另一個代碼部分，它是發送數據的最上面的代碼塊。 在末尾注釋掉echo $ response並添加以下代碼。

$file = 'file1.json';

file_put_contents($file, $response); //getting this variable, $response, correct was important.

header("Content-type: application/json");

header('Content-Disposition: attachment; filename="'.basename($file).'"'); 

header('Content-Length: ' . filesize($file));

readfile($file); 

curl_close($client);

因此，數據從從發送到數據庫，如果輸入正確，則會將一個名為file1.json的自動json文件返回到發布站點。

希望有幫助的人。 感謝其他貢獻者的友好幫助和建議。