如何根據搜索結果動態更改表中的數據？

Question

我正在嘗試構建一個頁面，該頁面顯示在html表中搜索過的數據。 我在頁面上設置了搜索字段和按鈕，並在一個小表格中顯示了當前的所有數據。 我需要它來根據搜索字段中的單詞來主動更改表中顯示的數據。

編輯：

如何根據搜索字段中的文本動態更改表中的數據？

<?php
    $servername = "localhost";
    $username = "username";
    $password = "password";
    $dbname = "database name";

    // Create connection
    $conn = new mysqli($servername, $username, $password, $dbname);
    // Check connection
    if ($conn->connect_error) {
        die("Connection failed: " . $conn->connect_error);
    }

    $sql = "SELECT clientname, clientsurname, address1, postcode, dob FROM clients";
    $result = $conn->query($sql);
    if ($result->num_rows > 0) {
        echo "<table><tr><th>Name</th><th>Surname</th><th>Address</th><th>Postcode</th><th>Date of Birth</th></tr>";
        // output data of each row
        while($row = $result->fetch_assoc()) {
            echo "<tr><td>".$row["clientname"]."</td><td>".$row["clientsurname"]."</td><td>".$row["address1"]."</td><td>".$row["postcode"]."</td><td>".$row["dob"]."</td></tr>";
        }
        echo "</table>";
    } else {
        echo "There are 0 clients in the system matching your search criteria";
    }
    $conn->close();
    ?> 

Answer 1

最好的解決方案是在后端創建一個ajax請求，搜索數據庫並返回一個json響應，該響應將附加到您的html中。

但是，這將需要重構您的代碼並拆分前端和后端邏輯。

Answer 2

@eselskas所說的話+如果您想通過搜索欄中的給定值進行搜索，則需要更改查詢。

$sql = "SELECT clientname, clientsurname, address1, postcode, dob FROM `clients` WHERE `your_field` LIKE '%$_POST[search_var]%'";

或更好：

if($_POST['change_var'] != ""){
   $sql = "SELECT clientname, clientsurname, address1, postcode, dob FROM `clients` WHERE `your_field` LIKE '%$_POST[search_var]%'";
}else{
   $sql = "SELECT clientname, clientsurname, address1, postcode, dob FROM `clients`";
}