我創建的PHP命令行界面中未執行SQL查詢
[英]SQL query not executing in php command line interface created by me
問題描述
我已經為自己的目的制作了一個SQL命令行界面，並使用以下代碼進行了測試： input.php
<!DOCTYPE html>
<html>
<body>
'DESC'command under dev...
<form action="output.php" method="post">
<textarea name="query"></textarea>
<input type="submit">
</form>
</body>
</html>
output.php
<!DOCTYPE html>
<html>
<body>
<div>
<?php
$servername = "server_name"; //I do not wish to show my credentials
$username = "username";
$password = "password";
$dbname = "database";
// Create connection
$conn = mysqli_connect($servername, $username, $password, $dbname);
// Check connection
if (!$conn) {
die("Connection failed: " . mysqli_connect_error());
}
$sql = $_POST["query"];
$result = $conn->query($sql);
if ($result === TRUE) {
if (substr($sql, 0, 6) == "SELECT") {
//Initialize table
echo "<table class=\"table\">";
echo "<tr><th>ID</th><th>Username</th><th>Password</th><th>Email</th></tr>";
// output data of each row
while($row = $result->fetch_assoc()) {
echo "<tr><td>" . $row["id"]. "</td><td>" . $row["username"]. "</td><td>" . $row["password"]. "</td><td>" . $row["email"] . "</td></tr>";
}
echo "</table>";
echo "<code>" . $result->num_rows . " rows selected</code>";
} elseif (substr($sql, 0,11) == "INSERT INTO") {
echo "Inserted. Command: $sql";
} elseif (substr($sql, 0, 6) == "DELETE") {
echo "Deleted. Command: $sql";
} elseif (substr($sql, 0, 6) == "UPDATE") {
echo "Updated. Command: $sql";
} else {
echo "Code under dev...\nSorry!";
}
} else {
echo "ERROR: " . $conn->error;
}
echo "<br>";
?>
</div>
</body>
</html>
我已經檢查了數據庫憑證； 他們都很好-沒有conn錯誤。 我之所以知道這一點，是因為我以前曾處理過包含一些數據的表。 現在，在輸入查詢時，除了留下消息“ ERROR：”，什么都沒有發生。 如有任何錯誤，請通知我。
1 個解決方案
解決方案1
0 2015-10-05 12:50:59
當使用不影響行的SQL語句調用query（）函數時，它僅返回TRUE。 在所有其他情況下，它將返回mysqli_result（）類型的對象。
這會使if ($result === TRUE)跳轉到else並顯示錯誤。 實際上沒有錯誤，因為$ result可能包含一個結果對象。
嘗試通過添加echo $result->num_rows;來確認這一點echo $result->num_rows; 到您的else子句。
有關如何處理查詢結果的更多信息，請參見mysqli :: result文檔。
PHP 無法在命令行上執行
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