使用變量創建SQL數據庫表

Question

我正在一個項目上，我必須使用sql。 變量$file_name需要是表名，但是當我嘗試這樣做時：

$sqlTableCreate = "CREATE TABLE ". $file_name . "( 
    id INT(6) UNSIGNED AUTO_INCREMENT PRIMARY KEY, 
    firstname VARCHAR(30) NOT NULL,
    lastname VARCHAR(30) NOT NULL,
    email VARCHAR(50),
    reg_date TIMESTAMP
)";

該表未創建。 我通過使用此檢查：

if ($sqlConnection->query($sqlTableCreate) === TRUE) {  
    echo 'Created Sucessfully';
} else {
    echo 'Table does not create.';
}

嘗試使用此方法時，顯示'Table does not create' 。 幫助將不勝感激。 提前致謝！

Answer 1

您的文件名包含擴展名，但是我懷疑您只想使用不帶擴展名的名稱作為表名。 您可以使用basename函數刪除擴展名。

$sqlTableCreate = "CREATE TABLE ". basename($file_name, ".csv") . "( 
    id INT(6) UNSIGNED AUTO_INCREMENT PRIMARY KEY, 
    firstname VARCHAR(30) NOT NULL,
    lastname VARCHAR(30) NOT NULL,
    email VARCHAR(50),
    reg_date TIMESTAMP
)";

如果可以有其他擴展名，並且您想更一般地刪除它們，請參見

如何從字符串中刪除擴展名（僅實際擴展名！）

Answer 2

我看不到您發布的查詢有任何問題，但幾件事情可能是錯誤的

確保不存在具有相同名稱的表。 您可以使用IF NOT EXISTS標記來確定

  CREATE TABLE IF NOT EXISTS". $file_name . "(

2. 確保變量$file_name不為空。 否則，您在CREATE TABLE語句中傳遞了一個空標識符。 這不會成功。

根據您的評論：您有$file_name = 'currentScan.csv';

這就是這里的問題。 您正在嘗試創建一個名為currentScan.csv的表，您的數據庫引擎認為currentscan是該數據庫的名稱，而.csv是該表的名稱，顯然該表不會退出，因此出現錯誤。

Answer 3

首先檢查您的數據庫連接並使用以下給定的條件更改查詢：

$sqlTableCreate = "CREATE TABLE ". $file_name . " ( 
id INT(6) UNSIGNED AUTO_INCREMENT PRIMARY KEY, 
firstname VARCHAR(30) NOT NULL,
lastname VARCHAR(30) NOT NULL,
email VARCHAR(50),
reg_date TIMESTAMP
)";