如何在PHP中基於所選值及其中的數據創建多個下拉列表？

Question

因此，我試圖創建多個下拉框來顯示數據庫中的數據。 我可以創建多個下拉菜單，但是它僅在第一個下拉菜單中顯示數據，而在其他已創建的下拉菜單中不顯示數據。 我對此並不陌生，希望獲得一些專業人士的幫助。 這是代碼：

<form action="#" method="post">
    <select id="aantalMaaltijden" name="aantalMaaltijden">
        <option value="1">1</option>
        <option value="2">2</option>
        <option value="3">3</option>
        <option value="4">4</option>
    </select>
    <input type="submit" name="submit" value="Bereken" />
</form>

<?php
$sql = "SELECT * FROM test";
$result = $conn->query($sql);

if(isset($_POST['submit'])){
    $selected_val = $_POST['aantalMaaltijden'];  // Storing Selected Value In Variable

    for($i=0; $i<$selected_val; $i++){
        echo "<select>";

        while($row = $result->fetch_array()) {
            echo "<option>".$row['name']."</option>";               
        }

        echo "</select>";                   
    }
}

?>

謝謝 ：）

Answer 1

像這樣更改您的代碼，讓我知道

if (isset($_POST['submit'])) {

    $options = "";
    $selected_val = $_POST['aantalMaaltijden'];  // Storing Selected Value In Variable

    while ($row = $result->fetch_array()) {

        $options .= "<option>" . $row['name'] . "</option>";
    }

    for ($i = 0; $i < $selected_val; $i++) {

        echo "<select>";
        echo $options;
        echo "</select>";
    }
}

已編輯

問題出在$result->fetch_array() 。 您不能針對同一資源兩次調用$result->fetch_array() 。 您傳遞給$result->fetch_array()的資源結果是通過引用完成的。 您需要重新設置指針的位置，然后才能$result->fetch_array()使用$result->fetch_array() 。 這就是為什么您的第一個下拉列表填充的是數據而不是其他數據。

由於所有下拉菜單都包含相同的選項，因此我在變量$options添加了所有選項，並在all select中將其串聯在一起。