[英]How to check if a variable contains mysqli result?
我正在嘗試將一個為 MySQL 編寫的腳本修改為 mysqli,並且已經成功解決了這個錯誤:
警告:get_resource_type() 期望參數 1 是資源、給定對象(等)
這是代碼:
function free_result($queryid=-1)
{
if($queryid != -1)
{
$this->queryid = $queryid;
}
if((get_resource_type($this->queryid)==='mysql result') && is_resource($this->queryid))
return @mysql_free_result($this->queryid);
else
{
return false;
}
}
我一生都無法弄清楚如何更改它以將其更新為 mysqli。
與舊的MySQL函數不同, MySQLi方法不返回資源。 它們要么返回一個對象,要么返回一些其他字符串/整數/布爾/空類型。 錯誤信息非常清楚。 函數get_resource_type()
需要一個資源作為參數,而你給它一個對象。
請務必閱讀 PHP 中的類型以了解資源類型和對象類型之間的區別。
我的猜測是您希望$this->queryid
是MySQLi_Result
對象,這就是您要檢查的內容。 因此,不是get_resource_type()
而是使用instanceof
運算符來檢查對象的類型。
function free_result($queryid = -1) {
if($queryid != -1) {
$this->queryid = $queryid;
}
if($this->queryid instanceof MySQLi_Result)
return mysqli_free_result($this->queryid);
} else {
return false;
}
}
或者,您可以只鍵入提示函數的原型以僅接受MySQLi_Result
類型的對象,以簡化您的代碼並使其更易於測試。
function free_result(MySQLi_Result $queryid = null) {
if($queryid) {
$this->queryid = $queryid;
}
if($this->queryid instanceof MySQLi_Result) {
return mysqli_free_result($this->queryid);
} else {
return false;
}
}
另外,請停止使用錯誤靜音運算符@
。 不會有什么好處。
確保您正在調用mysqli_free_result()
而不是舊的mysql_free_result()
函數,也如評論中所述。
您需要了解 MySQli 返回的是對象而不是資源。 所以你應該測試一下
If($query instanceof mysqli_result)
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