為什么不能將cout與用戶定義的轉換一起使用到std :: string？

Question

在這里，我定義一個Date ，並指定一個用戶定義的轉換。

class Date {
private:
    int day;
    int month;
    string dateStr;
public:
    Date(int _day, int _month) : day(_day), month(_month) {}

    operator const string() {
        ostringstream formattedDate;
        formattedDate << month << "/" << day;
        dateStr = formattedDate.str();
        return dateStr;
    }
};

轉換為string時效果很好。

Date d(1, 1);
string s = d;

但是為什么不能直接與cout一起使用呢？

cout << d << endl; // The compiler complains that there is no suitable type marching << operator

但是，如果我使用char*而不是string進行用戶定義的轉換，則可以直接將其與cout一起使用。 為什么？

operator const char*() { 
    ostringstream formattedDate;
    formattedDate << month << " / " << day;
    dateStr = formattedDate.str();
    return dateStr.c_str();
}

PS。 我知道直接<<重載將很好地用於輸出。 但是我的問題是： 為什么不能將<<和用戶定義的轉換一起使用到std::string ？

Answer 1

需要注意的是std::string是模板實例化std::basic_string ， 簽名operator<<對std::string確實是：

template <class CharT, class Traits, class Allocator>
std::basic_ostream<CharT, Traits>& 
    operator<<(std::basic_ostream<CharT, Traits>& os, 
               const std::basic_string<CharT, Traits, Allocator>& str);

然后為cout << d; ，必須推導std::basic_string的模板參數； 但是類型推導不考慮隱式轉換 ;

類型推導不考慮隱式轉換（上面列出的類型調整除外）：這是超載解析的工作，稍后會發生。

這意味着扣除將失敗； 那么沒有候選函數是可行的。

但是operator<< for const char*並沒有這種問題； 隱式轉換生效，然后正常工作。

要解決此問題，可以使用顯式轉換來避免模板參數的推導。 或直接在Date類型上重載operator<< 。