使用按鈕將圖像從一張桌子移動到另一張桌子

Question

我正在創建一個按鈕，允許管理員驗證來自用戶的圖像：

當我點擊接受或拒絕時，我不知道如何獲取圖像 ID。

這是我的代碼：

<?php

    while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
      echo "<div class='grid-item'><img src='unimages/{$row['un_image']}' 
 onclick=onClick(this) style='width:98%' class='verifyimage' />
            <form method='post' action='adminverify.php'>
            <input class='button1' type='submit' name='accept' value='✓'>  
            <input class='button2' type='submit' name='reject' value='✘'>  
            </form>
            </div>
            ";

    }

mysqli_close($db);
?> 
</div>

如果管理員接受，則圖像應從 table2 移動到 table1。

我知道使用INSERT INTO和DELETE會起作用，但是如何獲取我的圖片的 ID。

表格1：

表 2：

Answer 1

嗯，您可以使用 GET 方法來簡化腳本：

while($row = mysqli_fetch_array($result)) {
  echo "
    <a href='?&action=accept&id={$row['un_id']}'>Accept</a>
    <a href='?&action=reject&id={$row['un_id']}'>Reject</a> 
  ";
}

你像這樣使用它：

if(isset($_GET['action']) && isset($_GET['id'])) {
  $image_id = $_GET['id']
  // Then check if you must accept or reject with $_GET['action'] value
}

Answer 2

我將添加一個將與表單一起發送的隱藏輸入：

echo "<div .....
      <form....>
      <input type='hidden' name='imageId' value='{$row['un_id']}'>
      ....
      </form></div>";

然后，您將在接收的 php 腳本中將其作為

$image_id = $_POST['imageId'];