為什么 cout 語句在傳遞指向 function 的指針時沒有執行？

Question

function 調用 swap 中的 cout 語句未執行。 為什么？

#include <iostream>

using namespace std;

void swap(int *a, int *b) {
  int temp = *a;
  *a = *b;
  *b = temp;
  cout << "Value Swapped" << endl;
}

int main() {
  int x = 400, y = 100;
  swap(x, y);
  cout << "x = " << x << " y = " << y << endl;
  return 0;
}

我預計低於 output：

Value Swapped
x = 100 y = 400

但是我得到的 output 是：

x = 100 y = 400

Answer 1

您沒有看到“交換值”，因為您的交換 function 永遠不會被調用。 相反，您正在調用std::swap<int> 。

如果你沒有說using namespace std; ，您會發現您的swap function 正在傳遞整數，但期待指針。 原因 #1 不使用using namespace std; ——你很容易最終不叫你認為你是什么。 :)

Answer 2

您的 function 交換期望指針為 arguments，但您傳遞的是整數。 所以不是調用你的 function，而是調用 c++ 交換 function。 為了更好地理解這一點，將 function 名稱“swap”更改為任何其他名稱，如“swapp”，您將看到以下錯誤：

invalid conversion from int to int*

寫 swap(&x, &y) 你會得到你想要的 output

Answer 3

考慮選擇一個足夠唯一的標識符名稱，這樣就不會與namespace標識符發生沖突（如在std::swap中）。 如果您無法選擇標識符的名稱， put it inside of a namespace中。

其次，如果編譯器不強制執行 state 的 function 聲明，則應手動檢查是否正確傳遞了變量（即&x和&y而不是x和y ）。

Answer 4

using namespace std將另一個同名的 function 從命名空間std導入全局命名空間，因此您最終會得到兩個重載：

swap(int&, int&); // from std; actually a template instantiation
swap(int*, int*);

您將swap稱為

swap(x, y);

現在考慮： x和y的類型是什么，它們是指針嗎？ 所以自己決定，哪個重載會被調用？

如果您沒有通過using namespace std導入第二個重載，無論如何這通常被認為是不好的做法（好吧，您立即成為陷阱的受害者......），您最終會出現編譯錯誤（整數不會隱式轉換為指針。）。

要讓您的function 被調用，您需要從以下位置進行指針：

swap(&x, &y);
//   ^   ^

實際上，即使使用導入的命名空間（盡管是不好的做法），這也可以工作，因為導入的重載是一個模板，你的是一個普通的 function，因此你的被認為是更專業的重載，因此將是首選。