Bash 匹配任何有任意數量空格的行，最多 #

Question

我需要在獲取配置文件之前清理它。 我需要刪除任何有

• 以#開頭
• 任意數量的空格然后是#
• 空行
• 如果行以字符串開頭，則刪除（並包括） #及其后的所有內容。

示例配置：

# comment
     # comment
dog=woof
cat=meow
moose=huuuuu #comment

# comment
### comment

我現在有這個

config_params="$(cat ./config_file.conf | grep -v "^#.* | awk -F '=' '{print$1}')"

問題是第 2 行， # comment最多#的任意數量的空格。 我怎樣才能匹配刪除這樣的行？

Answer 1

您可以使用此awk ：

awk -F= 'NF == 2 {sub(/[[:blank:]]*#.*/, ""); print}' file

dog=woof
cat=meow
moose=huuuuu

或者，如果您只想打印鍵名，請使用：

awk -F= 'NF == 2 {sub(/[[:blank:]]*#.*/, ""); print $1}' file

dog
cat
moose

Answer 2

您可以使用

config_params=$(awk -F'=' '!/^[[:space:]]*#/{print $1}' ./config_file.conf)

請參閱在線演示：

#!/bin/bash
s='# comment
     # comment
dog=woof
cat=meow
moose=huuuuu #comment
 
# comment
### comment'
awk -F'=' '!/^[[:space:]]*#/{print $1}' <<< "$s"

Output：

dog
cat
moose

在這里， ^[[:space:]]*#匹配字符串的開頭，然后是零個或多個空格，然后是# 。 的! 否定正則表達式匹配結果，因此僅“采用”不匹配此模式的行，然后僅打印它們的 Field 1 值。

Answer 3

這是使用sed的另一個有效解決方案：

config=$(sed -r -e '/^$/d' -e '/^ *#/d' -e 's/^(.+)(#.*)$/\1/' [[YOUR_CONFIG_FILE_NAME]])

Answer 4

我會使用sed 。

$ cat file
# comment
     # comment
dog=woof
cat=meow
moose=huuuuu #comment

# comment
### comment

$ sed -E 's/ *#.*//; /^$/d;' file
dog=woof
cat=meow
moose=huuuuu

$ temp=$(mktemp)
$ sed -E 's/ *#.*//; /^$/d;' file>$temp
$ . $temp
$ echo $moose
huuuuu

此外， UUoC是一種反模式，鏈接正則表達式工具也是一種反模式。
為什么只將鍵保存到沒有值的變量中？
（我添加了一個右括號和引號。）

如果這真的是你想要的，那么而不是

config_params="$(cat ./config_file.conf | grep -v "^#.* | awk -F '=' '{print$1}')"

嘗試

config_params="$(awk -F '=' '/^ *(#.*)*$/{next} {print $1}' ./config_file.conf)"

雖然我認為重點是source它們......