需要正確的PHP / MySQL語法幫助

Question

我整天都在代碼中追尋一個錯誤。 這是它的長短：

我有一個通過查詢字符串傳遞的變量，我想在我的MySQLi查詢中使用該變量。 像這樣：

$variable;

$info = dbConnect('query');
$eInfo = "SELECT *
FROM tablename
WHERE fieldname = '$variable%'";
$eiData = $info->query($eInfo) or die(mysqli_error());
$eInfo = $eiData->fetch_assoc();

重點是變量名后的％。 我不是PHP專家，但我記得前一段時間已經掌握了這一技巧，除了我正在開發的新網站之外，它對我所有的數據庫驅動網站都有效。

上面的查詢不返回表中的任何數據。

但...

如果我省略％，如下所示：

$variable;

$info = dbConnect('query');
$eInfo = "SELECT *
FROM tablename
WHERE fieldname = '$variable'";
$eiData = $info->query($eInfo) or die(mysqli_error());
$eInfo = $eiData->fetch_assoc();

查詢執行，我得到我的數據。

為什么在使用“ $ variable％”語法編寫要在其中使用變量的查詢后，這將不再起作用？ 只需放下％（'$ variable'）就可以正常工作，這讓我非常困惑。

對於它的價值，我運行一台專用服務器，並且最近安裝了suPHP，如果在這里有任何機會可以幫助您理解（PHP 5.2.17是我的當前版本）。

再說一次，我不是PHP專家，但是在檢查完我使用MySQLi查詢完成的舊網站的代碼后，將變量附加到查詢中時，％總是存在。

我完全死在這里的水中。 您所能提供的任何幫助都會令人發指，以至於無法解釋。

Answer 1

如果要將變量放在難以解釋變量名結尾的字符串中，請使用{$var}如下所示：

$eInfo = "SELECT * FROM tablename WHERE fieldname LIKE '{$variable}%'"; 

Answer 2

%是LIKE查詢的通配符。 所以，如果你使用%與查詢WHERE var = 'cow%' ，它會在數據庫中搜索文字字符串cow% 。

1. cow
2. cows
3. cow% （匹配）
4. the cow

在“贊”查詢中： WHERE var LIKE 'cow%'將會匹配：

1. cow （比賽）
2. cows （比賽）
3. cow% （匹配）
4. the cow

參見MySQL模式匹配 。