将Python POST文件转换为PHP

Question

我有一个带有jQuery和jqGrd Web应用程序的PHP； 该应用程序的功能之一是能够上传文件（在客户端，由jqGrid处理）并将内容插入数据库。 所有这一切。 我的问题是我还需要提供用于手动（或自动）文件上传的命令行机制。 所以我有以下Python代码。 该代码成功登录到我的API，并且可以在PHP中看到我的POST数据，但是在处理文件时做错了什么。

我需要以与通过Web界面相同的方式发布文件...导致填充PHP的$ _FILES。 $ _FILES下面的代码为空。 不知道我在想什么。

import base64
import cookielib
import getopt
import os
import sys
import urllib
import urllib2
import MultipartPostHandler

...code to process command line args, log into api, get sessionId...

#
# import
#
opener = urllib2.build_opener(MultipartPostHandler.MultipartPostHandler)
headers = {'Cookie': 'PHPSESSID=' + sessionId}

params = {
    'action': 'import', 
    'import': 'api', 
    'file': sourceFile, 
    'data': base64.b64encode(open(sourceFile, "rb").read()), 
    'id': id
}

urllib2.install_opener(urllib2.build_opener(MultipartPostHandler.MultipartPostHandler))
response = urllib2.urlopen(urllib2.Request(api, params, headers))

print response.read()

要知道sourceFile只是命令行上提供的字符串，可能很重要； 它不是文件本身。 我认为这是问题所在。 我在params ['name']中发送文件名字符串，并在params ['data']中发送其内容 。 如何发送文件，就像从Web表单以交互方式提交文件一样，并将其保存在params ['file']中？ 这是我需要做的吗？

===编辑===
除了导入的模块，我无法使用任何模块。 感谢您的替代建议，例如“请求”。

Answer 1

您可能不需要在参数中指定数据，而只需指定一个文件对象。 尝试

params = {
    'id':'id',
    'file':open(sourceFile, 'rb')
}