处理获得ajax json请求的php

Question

假设我运行了这个ajax-

$.ajax({
    url: "index.php",
    type: 'POST',
    data :{test : 123}, //updated due to the approved answer
    dataType: 'json'
});

我想在它的json的内容- index.php ，并alert其test值（平均得到- 123 ），

我试过了-

index.php-

<?php
    $json = $_POST["test"];
    echo '<script>';
    echo 'alert('+$json+');';
    echo '</script>';
?>

但是没有任何警报。

如何正确处理？

更新：

在@JayBlanchard评论之后，

$json = $_POST["test"]真的得到test值吗？

alert对我来说并不重要，我只想确保在PHP方面是否正确解析了alert ，这意味着将123返回客户端 。

Answer 1

您需要在JavaScript回调中处理来自php的结果。 因此，您可以这样做：

$.ajax({
    url: "index.php",
    type: 'POST',
    data :{text : 123},
    dataType: 'json',
    complete: function(data){
        console.log(data.responseText) //(not sure why responseText is necessary)
    }
});

你的PHP将是这样的：

<?php
$json = $_POST["text"];
echo $json;
?>

Answer 2

您只需在success回调中执行此操作：

$.ajax({
    url: 'index.php',
    type: 'post',
    data: {text : 123},
    dataType: 'json',
    success: function(data) {
       alert(data.test);
    }
});

和你的index.php ：

<?php
    echo json_encode(array('test' => $_POST['test']));
?>

Answer 3

您必须定义一个javascript函数来处理响应：

var handle_response = function(data_from_server, StatusText, jqxhr) {
    // check http://api.jquery.com/jquery.ajax/ for StatusText and jqxhr meaning.
    alert(data_from_server);
}

那你叫你的ajax

$.ajax({
    url: "index.php",
    type: 'POST',
    data :{text : 123},
    dataType: 'json',
    success: handle_response
});

你的PHP将是这样的

<?php
    $json = json_decode($_POST["text"]);  // not sure about dataType: 'json'

    echo "this is coming from php on server ";
?>

如果要执行从服务器创建的某些脚本，请查阅jquery手册以安全地进行操作。