[英]How does C++ make template deduction on rvalue reference?
template<typename T>
void foo(T&& arg);
我知道arg是否是左值,例如int x = 0; foo(x);
int x = 0; foo(x);
然后T = int&
,函数将是foo(int& &&)
,即foo(int&)
。
如果arg是一个右值,例如foo(0)
; 然后T = int
,函数将是foo(int&&)
。
如果我有
template<typename T>
void foo(T& arg);
template<typename U>
void bar(U&& u)
{
foo(u);
}
在调用bar(0)
时, foo
中的T
是什么?
template<typename U>
void bar(U&& u)
{
foo(u);
}
不管你传给bar
是什么, u
都是左值,因为它有一个名字。
u
可能是一个左值引用或右值引用,但是当你将它传递给foo
,它的“reference-ness”会被忽略,就像往常一样。
暂时忘掉左值和右值和模板。 引用应该是另一个变量的别名 ,并且在大多数情况下,引用按名称引用的行为应该就像引用原始变量一样:
int i = 42;
int& r = i;
f(int);
f(int&);
f(i); // error: call to ambiguous overload
f(r); // error: call to ambiguous overload
g(int);
g(r); // OK, pass by copy, reference-ness of r is irrelevant
h(int&);
h(i); // OK, pass by reference, non-reference-ness of i is irrelevant
在上面的函数调用语句中, id-expression i
和r
是int
类型的左值。 变量 i
和r
分别是非引用和引用的事实与相应的id表达式的类型或值类别无关。 这是引用始终有效的方式,而右值引用不会改变它。
template<typename T>
void foo(T& arg);
没有什么可以传递给foo
会使T
成为引用类型。 arg
将始终是左值引用。
如果要传播参数的值类别,则需要std::forward
:
template<typename U>
void baz(U&& u)
{
foo(std::forward<U>(u));
}
baz(42); // error: attempted to call foo() with an rvalue
它应该是U最终存在的任何东西,所以如果U是一个int,它就是
bar(int&& u)
{
foo(u);
}
将int传递给foo。
如果我有
template<typename T>
void foo(T& arg);
template<typename U>
void bar(U&& u)
{
foo(u);
}
在调用bar(0)时,foo中的T是什么?
它可能听起来有点出乎意料,但是使用rvalue-reference是一个左值表达式,这意味着u
在foo(u)
是一个左值,并且调用一个带左值引用的函数是完全正确的(在此案件foo
。
也就是说,对于调用bar(0)
,使用的专业化将是:
bar<int>(int&&)
foo<int>(int&)
对于int value; bar(value);
int value; bar(value);
,专业将是:
bar<int&>(int& &&) // i.e. int&
foo<int>(int&)
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