python中'nonlocal'关键字的用法

Question

下面的程序询问带有UnboundLocalError: local variable 'balance' referenced before assignment nonlocal关键字UnboundLocalError: local variable 'balance' referenced before assignment

>>> def make_withdraw(balance):
    """Return a withdraw function with a starting balance."""
    def withdraw(amount):
        if amount > balance:
            return 'Insufficient funds'
        balance = balance - amount
        return balance
    return withdraw

>>> withdraw = make_withdraw(101)
>>> withdraw(25)

但是，当内部函数shift在赋值之前将lst引用为temp = lst[0]时，以下程序不会给出此类错误。

def shift_left(lst, n):
    """Shifts the lst over by n indices

    >>> lst = [1, 2, 3, 4, 5]
    >>> shift_left(lst, 2)
    >>> lst
    [3, 4, 5, 1, 2]
    """
    assert (n > 0), "n should be non-negative integer"
    def shift(ntimes):
        if ntimes == 0:
            return
        else:
            temp = lst[0]
            for index in range(len(lst) - 1):
                lst[index] = lst[index + 1]         
            lst[index + 1] = temp
            return shift(ntimes-1)
    return shift(n)

我如何理解/比较这两种情况？

Answer 1

您永远不会分配给lst ，而只会分配给lst[index] 。 这两个概念并不完全相同。

该行：

lst = some_other_value

将重新绑定名称lst指向另一个对象。 该行：

lst[index] = some_other_value

通过将序列中的特定索引绑定到其他对象来更改名称lst引用的对象。 名称lst本身从未更改，因此在此名称所属的范围方面没有任何歧义。

在Python作用域中，只有对名称本身的绑定操作才算在内。 绑定操作不仅是（直接）赋值，还包括函数参数，函数和类定义， import语句和目标， except .. as ， with .. as和目标in for ... in循环外。 如果在给定范围内绑定了名称，则将其视为本地名称 ，在所有其他情况下，Python会在父范围内查找名称，最外层的范围为global 。

在这种情况下，对订阅的分配（使用[...] ）不是绑定操作。

请参阅Python执行模型文档的命名和绑定部分 ，以及作用域规则的简短说明？ 帖子。