Malloc混乱

Question

嗨，经过这里的回答

1 ： 我是否施放了malloc的结果？ 我明白我们不投出malloc的原因之一就是

铸造malloc是多余的

但我仍然想弄清楚的是当我们转换malloc函数时将被抑制的警告

我也读过这个答案，但我有以下疑虑

#include<stdio.h>
main()
{
    int *a=malloc(20);
}

我理解答案中的一点，编译器会认为malloc返回一个int，同时我们试图将该值赋给一个int *，它会让我们错误无法从int *转换为int或类似的东西，但基本问题是

在没有stdlib.h的情况下，编译器不会将malloc视为用户定义的函数，并且不会查找它的声明，并且它会给出一些与缺少的delcaration / defination相关的错误

Answer 1

在原始C语言 - C89 / 90中 - 调用未声明的函数不是错误。 因此，由于缺少函数声明，pre-C99编译器不会产生任何“错误”。 编译器将简单地假设该函数返回一个int 。

它还将从您在调用中提供的参数类型中自动且安静地“猜测”（推断，推导）函数参数类型。 在您的示例中，您提供了20 ，这将使编译器猜测“未知” malloc函数采用int类型的单个参数。 请注意，这也是不正确的，因为真正的malloc采用size_t参数。

在C99及更高版本中，需要函数声明。 这意味着忘记声明malloc （例如忘记包含<stdlib.h> ）确实是一个错误，这将导致诊断消息。 （参数猜测行为仍然存在于语言中。）

另请注意，在C99及更高版本中声明函数main而没有显式返回类型int是非法的。 “隐式int”规则仅适用于C语言规范的原始版本。 它在C99及更高版本中不再存在。 你必须将它声明为int main(...显式。

Answer 2

在没有stdlib.h的情况下，编译器认为malloc()函数将返回int （对于C89 / 90而不是来自c99）并且您正在尝试将该值赋给int * ，因此存在类型不匹配和编译器会报告