快速与“ return”的功能混淆

Question

我对Swift的return感到困惑。 我了解它用于在函数中返回值，如果使用时是这样的：

func double(value: int) -> Int { 
    return value * 2
}

但是我经常看到return被使用，就像在一个可选的绑定中的guard声明中一样：

guard let value = value else (
    print ("nothing")
    return
}

那么，只return的guard声明的目的是什么？ 实际上，解包可选值时，我不仅在guard声明中经常看到这种情况。 当我想使用字典中的可选字符串时，我总是在编写代码时发现此问题。

let info = ["name": "sarah", "hometown": "sydney"]

class UserInfo {

    func getTheName() -> String {
        guard let name = info["name"] else { return }

        return name
    }
}
// Compile time error: "Non-void function should return a value"

即使我写了return name我也会收到此错误。 Xcode仍然抱怨我还没有返回值。 是因为guard声明中的return ？

那么，能否请您告诉我Swift return的目的？ 这让我感到困惑。

Answer 1

不带任何参数的return返回Void 。 这种形式的return语句只能与返回Void的函数一起使用。

一旦执行return语句，该函数将退出，并且该函数中的其他代码将不再执行。 由于在guard语句中有一个return ，因此第二个return name将不会执行（因为它没有要return name将无法执行），这就是为什么会出现编译器错误； 编译器会查看函数可以返回所有内容的所有路径，并确保所有这些路径都返回函数签名说明的内容。

您问题中的函数声明它返回String ，因此您不能简单地在guard语句中说return ，因为它返回Void ，违反了函数签名所表示的约定。

您可以返回不是Void的默认值：

func getTheName () -> String {
    guard let name = info["name"] else {
        return ""
    }
    return name
}    

这可以使用nil-coalescing运算符更简洁地编写； return info["name"] ?? ""

您还可以在返回Void的函数中使用return （或没有显式的返回类型，在这种情况下，将其隐式理解为返回Void ）

因此，您可以使用以下功能：

func maybePrint(theMessage: String?) -> Void {
    guard let msg = theMessage else {
        return
    }
    print(msg)
}

Answer 2

您走在正确的轨道上。

在getTheName（）内的保护声明中，如果保护失败，则“ return”关键字将尝试退出函数本身。 但是该函数要求您返回一个String，因此会出现编译器错误。

这是类似问题的另一个SO答案的一部分：

保护会强制您使用控制转移语句退出作用域。 有4种可供您选择：

return和throw都退出函数/方法continue可以在循环中使用（while / for / repeat-while）break可以在循环中使用（while / for / repeat-while）以退出立即作用域。 指定要中断的标签将使您可以立即退出多个作用域（例如中断嵌套循环结构）。 使用标签时，在if范围内也可以使用break。 此外，您可以通过调用返回Never的函数（例如fatalError）退出范围。

堆栈溢出：如果Swift'guard'语句必须退出范围，那么范围的定义是什么？