PHP：如何从$ .post请求返回数据作为响应？

Question

我正在尝试使用jQuery创建一个简单的post函数。 输入是客户端的名称，响应是其信息（地址，电话，年龄等）。 到目前为止，我已经知道了：

脚本：

$(document).ready(function(){
    $("#getClientInfo").on('click', function(){
        $.post("getClientInfo.php", {
            name: $('#name').val()
        }) .done(function(data){
            console.log(data);
        }) .fail(function(xhr){
            errorShow(xhr.responseText);
        })
    });

PHP：

$connection = include('dbConnection.php');
$name = $_POST['name'];
$query = mysqli_query($connection, "SELECT * FROM clients WHERE name = 
    $name");
$result = mysqli_fetch_array($query);
return $result;

我知道它确实很简单，并且不会实现异常或防止SQL注入，但是就目前而言，我只想使用.done（）函数在控制台中打印结果数组。 但是，它不返回任何响应。

有任何想法吗？ 先感谢您。

编辑：我希望数组是请求的响应，因此它在Chrome中显示在这里：

图片

Answer 1

您没有从PHP文件中获得任何输出，因为您的脚本没有产生输出的行。

从return手册页面 ：

如果从全局范围调用，则结束当前脚本文件的执行。 如果包含或需要当前脚本文件，则控制权将传递回调用文件。 此外，如果包括了当前脚本文件，则返回的值将作为include调用的值返回。

因此return不会产生输出，但是会为调用函数的内容分配一个值：

function getSomething() {
    return 'something';
}
$something = getSomething();

或将为包含另一个文件的内容分配一个值。

index.php：

<?php
$value = include('otherpage.php');
// $value == 'hello'

otherpage.php：

<?php
return 'hello';

相反，您需要执行以下操作：

echo json_encode($result);