如何在php中通过json发送数据
[英]How can I send data by json in php
问题描述
我正在尝试在本地主机中使用w3school示例，但是当我运行它时，它给了我这个错误
致命错误：未捕获错误：在C：\\ xampp \\ htdocs \\ test \\ json_demo_db.php：7中的bool上调用成员函数bind_param（）：7堆栈跟踪：＃0 {main}抛出在C：\\ xampp \\ htdocs \\ test \\第7行的json_demo_db.php
我刚刚从w3school复制了代码，并替换了有关我的数据库的信息
这是我的代码
<?php
header("Content-Type: application/json; charset=UTF-8");
$obj = json_decode($_GET["x"], false);
$conn = new mysqli("localhost", "root", "", "blog");
$stmt = $conn->prepare("SELECT name FROM ? LIMIT ?");
$stmt->bind_param("ss", $obj->table, $obj->limit);
$stmt->execute();
$result = $stmt->get_result();
$outp = $result->fetch_all(MYSQLI_ASSOC);
echo json_encode($outp);
?>
这是我的html和js
<html>
<body>
<h2>Get data as JSON from a PHP file on the server.</h2>
<p>The JSON received from the PHP file:</p>
<p id="demo"></p>
<script>
var obj, dbParam, xmlhttp;
obj = { "table":"users", "limit":10 };
dbParam = JSON.stringify(obj);
xmlhttp = new XMLHttpRequest();
xmlhttp.onreadystatechange = function() {
if (this.readyState == 4 && this.status == 200) {
document.getElementById("demo").innerHTML = this.responseText;
}
};
xmlhttp.open("GET", "json_demo_db.php?x=" + dbParam, true);
xmlhttp.send();
</script>
</body>
</html>
这是w3school的示例的链接（PHP数据库）
1 个解决方案
解决方案1
1 已采纳 2019-04-09 10:46:19
prepare()方法返回FALSE因为您没有为其提供表名。
您正在FALSE上调用函数bind_param() 。
通过以下方式直接提供表名：
$stmt = $conn->prepare("SELECT name FROM `$obj->table` LIMIT ?");
因此，修改后的代码应为：
$stmt = $conn->prepare("SELECT name FROM `$obj->table` LIMIT ?");
$stmt->bind_param("s", $obj->limit);
如何以带有JSON正文的POST形式发送数据，并导航至响应？
[英]How can I send data as a POST with a JSON body, and navigate to the response?
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