在 Python 中，如何获取位于模块内的文件目录的路径

Question

我创建了一个名为“playr”的模块，它有一个 wav 文件的子目录：

user/repositories/python_packages/playr/
|
|--__init__.py
|--sounds/
|   |--sound1.wav
|   |--sound2.wav
|   |--sound3.wav

在我的__init__.py是一个函数，它应该获取sounds/目录中所有文件的列表，以便播放选定的声音：

from os import listdir
import os.path
import subprocess

def play(sound=0):
    wav_files = listdir('sounds')
    sound_file = os.path.join('sounds', wav_files[sound])
    return_code = subprocess.call(['afplay', sound_file])

因为我想分享这个模块，所以我需要找到一种方法来获取到sounds/目录的路径，而无需对绝对路径进行硬编码。 父目录user/repositories/python_packages/包含在我的PYTHONPATH变量中。

目前，当我尝试在不同目录中使用来自 python env 的模块时，它是这样的：

from playr import play

play()


----------------------------------------------------------------
FileNotFoundError: [Errno 2] No such file or directory: 'sounds'

我知道它没有找到sounds/目录，因为它在我当前的环境中而不是在模块中查找。 我的问题是如何让我的函数在模块中而不是当前环境中查找。

到目前为止，我已经使用os.path和pathlib尝试了许多不同的方法。 我也尝试过使用module.__file__不同方式

任何帮助将不胜感激！

Answer 1

python 3.7+ 中的解决方案是importlib.resources ，或者 < 3.7 的 backport importlib_resources ：

# py 3.7

import os, subprocess
from importlib.resources import path

def play(sound=0):
    with path('playr', 'sounds') as sounds_path:
        sounds = os.listdir(sounds_path)
        audio_file = os.path.join(sounds_path, sounds[sound])
        return_code = subprocess.call(['afplay', audio_file])

Answer 2

os.path.abspath(__file__)返回当前模块文件的完整路径名，例如/foo/bar/baz/module.py 。

os.path.dirname(fullpath)去掉文件名，只返回目录，即/foo/bar/baz 。

所以你要：

os.path.join(os.path.dirname(os.path.abspath(__file__)), 'sounds')