（void *）1是什么意思？

Question

我正在阅读ROS的代码。

在文件ros_comm/roscpp/include/ros/subscriber.h ，我看到这样的一段代码：

operator void*() const { return (impl_ && impl_->isValid()) ? (void*)1 : (void*)0; }

好吧， (void *)0在C语言中可以视为NULL ，但是(void *)1是什么意思？

如果Foo类包含此函数，则意味着我们可以这样编写代码：

Foo foo;
void *ptr = foo;

对？ 那么这是否意味着void *ptr = (void *)1是可能的？ 这是什么意思？

Answer 1

这是避免在C ++ 11中引入explicit上下文转换之前从bool进行隐式转换的问题的老技巧。 它旨在用于检查有效性：

Subscriber my_subscriber = someFunction();
if (!my_subscriber) {
    // error case
}

重要的一点是，不存在从void*到整数类型的内置转换，但是确实存在从bool到整数类型的转换。 同时，存在从void*到bool的内置转换。 这意味着，如果您定义了对bool的隐式转换，则以下内容令人惊讶地有效：

void my_func(int i);

void another_func() {
    Subscriber sub = something();
    my_func(sub);
}

将转换定义为void*可避免该问题。

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如今，这种技巧已经过时了。 C ++ 11引入了explicit转换。 在if和loop的条件下考虑对bool explicit转换，但在其他有问题的情况下则不考虑。 这意味着这些天的转换应写为：

explicit operator bool() const { return impl_ && impl_->isValid(); }

Answer 2

它表明，编写代码的人对他们使用的语言或工具不是很熟悉，或者代码已经存在了很长时间，并且被不同的人破解，大概是经过在过去的某个时间从C到C ++的过渡，仍然带有一些旧的API合同（预期为void* ），可能难以更改。

如果您查看源代码，则没有充分的理由这样做。 impl_是实现operator bool的boost::shared_ptr<Impl> ，而Impl::isValid返回bool 。 没有理由使用，或者在任何地方返回bool 。

基本上，这是一种扭曲的（并且可能是危险的）书写方式：

return impl_ && impl_->isValid();