Python中如何获取发布文件的路径

Question

我正在从文件中获取文件发布：

file = request.post['ufile']

我想得到路径。 我怎么才能得到它？

Answer 1

你应该使用request.FILES['ufile'].file.name

你会得到这样/var/folders/v7/1dtcydw51_s1ydkmypx1fggh0000gn/T/tmpKGp4mX.upload

并使用file.name ，您的上传文件必须大于 2.5M。

如果要更改此设置，请参阅文件上传设置

Answer 2

您必须使用request.FILES字典。

查看有关UploadedFile object 的官方文档，您可以使用UploadedFile.temporary_file_path属性，但要注意只有上传到磁盘的文件才会暴露它（即通常在使用TemporaryFileUploadHandler上传处理程序时）。

upload = request.FILES['ufile']
path = upload.temporary_file_path

但是，在正常情况下，您希望直接使用文件处理程序：

upload = request.FILES['ufile']
content = upload.read()  # For small files
# ... or ...
for chunk in upload.chunks():
    do_somthing_with_chunk(chunk)  # For bigger files

Answer 3

我们无法从 post 请求中获取文件路径，只能获取文件名，因为 flask 没有文件系统访问权限。 如果您需要获取文件并对其执行一些操作，那么您可以尝试创建一个临时目录将文件保存在那里，您也可以获取路径。

import tempfile
import shutil

dirpath = tempfile.mkdtemp()
# perform some operations if needed
shutil.rmtree(dirpath) # remove the  temp directory