当尝试使用INNER JOIN关联两个表时，我的php模板中的foreach（）错误

Question

我在阅读Kevin Yank的书“ Ninja 5版本的PHP和MySQL新手 ”，发现代码中有错误，希望有人帮我解决这个问题，也许是一个愚蠢的错字...？

我正在尝试遵循作者创建和访问笑话数据库的示例。 我正在学习如何加入两个数据库以用php显示所有笑话的列表。 我有两个数据库笑话和作者。 我有这个：

try{ 
    $sql = 'SELECT joke.id, joketext, jokedate, name, email
    FROM joke INNER JOIN author
    ON authorid = author.id';
    $result = $pdo->query($sql);
}
catch (PDOException $e)
{
    $error = 'Error: ' . $e->getMessage();
    include 'error.html.php';
    exit();
}

foreach ($result as $row)
{
    $jokes[] = array(
    'id' => $row['id'], 
    'text' => $row['joketext'], 
    'date' => $row['jokedate'],
    'name' => $row['name'],
    'email' => $row['email']
    );
}
include 'jokes.html.php';

现在，一切正常，直到我替换了简单的代码以从一个表中选择数据库信息，再替换为INNER JOIN代码。 这是我一直遵循的代码。

在jokes.html.php文件中，我得到了这个（我认为这是给我错误的原因）：

    foreach($jokes as $joke): 
      <form action="?deletejoke" method="post">
  <?php 
      echo 'id. ';
  echo htmlspecialchars($joke['id'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
  echo htmlspecialchars($joke['date'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
  echo htmlspecialchars($joke['text'], ENT_QUOTES, 'UTF-8'); 
  echo htmlspecialchars($joke['name'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
      echo htmlspecialchars($joke['email'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
  ?>
  <input type="hidden" name="id" value="<?php echo $joke['id'];?>">
  <input type="submit" value="Borrar">
  ?>
  <br></form>
<?php endforeach; ?>

现在，引发我的错误是：

注意：未定义变量：在第10行的C：\\ xampp \\ htdocs \\ workspace1 \\ jokes.html.php中开玩笑

警告：在第10行的C：\\ xampp \\ htdocs \\ workspace1 \\ jokes.html.php中为foreach（）提供了无效的参数

jokes.html.php的第10行是：

foreach($jokes as $joke):

我正在尝试获取有关foreach（）的更多信息，但我无法发现错误……如果有人可以帮助我（或提供线索！），我将不胜感激。 谢谢！！！ 罗萨蒙达

更新：

由于查询的结果（直接从phpmyadmin尝试）为零，因此该查询没有数据库结果。 我决定手动添加一个执行此操作的结果：

INSERT INTO joke SET
joketext = 'this is a new joke....',
jokedate = '2012-01-01',
authorid = 1;

现在，错误消失了，而且确实显示了单个结果。

我不明白的是：

为什么不显示结果而不显示错误？

您如何处理这些情况？ 我的意思是，查询可能根本没有结果，这会导致这些错误吗？

您的一条有用的评论说$ result为空...那么为什么当查询不为零时这些错误不会出现？

再次感谢你的帮助！！！ 罗萨蒙达

Answer 1

我已经在SitePoint论坛（Book's论坛）中找到了答案，我认为最好在这里发布问题，以防万一有人想知道，或者万一有人碰巧有相同的问题问题。

这是因为您的php设置显示通知和警告。 通知/警告有效，因为您在声明/分配值之前尝试使用$ jokes变量。 您可以通过将$jokes = array();来解决此问题$jokes = array(); 在PHP代码之前：

 foreach ($result as $row) { $jokes[] = array( 'id' => $row['id'], 'text' => $row['joketext'], 'date' => $row['jokedate'], 'name' => $row['name'], 'email' => $row['email'] ); } 

如果结果为零，则至少将声明$ jokes变量。

因此，我认为结论（如果我在这里错了，请纠正我！）是， 您应该始终声明任何要假装使用的变量，以防万一碰巧没有结果。 因为如果为空，则会显示令人讨厌的错误消息，使您感到恐惧。

要声明一个变量，可以使用$variablename = array() 。