當嘗試使用INNER JOIN關聯兩個表時，我的php模板中的foreach（）錯誤

Question

我在閱讀Kevin Yank的書“ Ninja 5版本的PHP和MySQL新手 ”，發現代碼中有錯誤，希望有人幫我解決這個問題，也許是一個愚蠢的錯字...？

我正在嘗試遵循作者創建和訪問笑話數據庫的示例。 我正在學習如何加入兩個數據庫以用php顯示所有笑話的列表。 我有兩個數據庫笑話和作者。 我有這個：

try{ 
    $sql = 'SELECT joke.id, joketext, jokedate, name, email
    FROM joke INNER JOIN author
    ON authorid = author.id';
    $result = $pdo->query($sql);
}
catch (PDOException $e)
{
    $error = 'Error: ' . $e->getMessage();
    include 'error.html.php';
    exit();
}

foreach ($result as $row)
{
    $jokes[] = array(
    'id' => $row['id'], 
    'text' => $row['joketext'], 
    'date' => $row['jokedate'],
    'name' => $row['name'],
    'email' => $row['email']
    );
}
include 'jokes.html.php';

現在，一切正常，直到我替換了簡單的代碼以從一個表中選擇數據庫信息，再替換為INNER JOIN代碼。 這是我一直遵循的代碼。

在jokes.html.php文件中，我得到了這個（我認為這是給我錯誤的原因）：

    foreach($jokes as $joke): 
      <form action="?deletejoke" method="post">
  <?php 
      echo 'id. ';
  echo htmlspecialchars($joke['id'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
  echo htmlspecialchars($joke['date'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
  echo htmlspecialchars($joke['text'], ENT_QUOTES, 'UTF-8'); 
  echo htmlspecialchars($joke['name'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
      echo htmlspecialchars($joke['email'], ENT_QUOTES, 'UTF-8');
  ?>
  <input type="hidden" name="id" value="<?php echo $joke['id'];?>">
  <input type="submit" value="Borrar">
  ?>
  <br></form>
<?php endforeach; ?>

現在，引發我的錯誤是：

注意：未定義變量：在第10行的C：\\ xampp \\ htdocs \\ workspace1 \\ jokes.html.php中開玩笑

警告：在第10行的C：\\ xampp \\ htdocs \\ workspace1 \\ jokes.html.php中為foreach（）提供了無效的參數

jokes.html.php的第10行是：

foreach($jokes as $joke):

我正在嘗試獲取有關foreach（）的更多信息，但我無法發現錯誤……如果有人可以幫助我（或提供線索！），我將不勝感激。 謝謝！！！ 羅薩蒙達

更新：

由於查詢的結果（直接從phpmyadmin嘗試）為零，因此該查詢沒有數據庫結果。 我決定手動添加一個執行此操作的結果：

INSERT INTO joke SET
joketext = 'this is a new joke....',
jokedate = '2012-01-01',
authorid = 1;

現在，錯誤消失了，而且確實顯示了單個結果。

我不明白的是：

為什么不顯示結果而不顯示錯誤？

您如何處理這些情況？ 我的意思是，查詢可能根本沒有結果，這會導致這些錯誤嗎？

您的一條有用的評論說$ result為空...那么為什么當查詢不為零時這些錯誤不會出現？

再次感謝你的幫助！！！ 羅薩蒙達

Answer 1

我已經在SitePoint論壇（Book's論壇）中找到了答案，我認為最好在這里發布問題，以防萬一有人想知道，或者萬一有人碰巧有相同的問題問題。

這是因為您的php設置顯示通知和警告。 通知/警告有效，因為您在聲明/分配值之前嘗試使用$ jokes變量。 您可以通過將$jokes = array();來解決此問題$jokes = array(); 在PHP代碼之前：

 foreach ($result as $row) { $jokes[] = array( 'id' => $row['id'], 'text' => $row['joketext'], 'date' => $row['jokedate'], 'name' => $row['name'], 'email' => $row['email'] ); } 

如果結果為零，則至少將聲明$ jokes變量。

因此，我認為結論（如果我在這里錯了，請糾正我！）是， 您應該始終聲明任何要假裝使用的變量，以防萬一碰巧沒有結果。 因為如果為空，則會顯示令人討厭的錯誤消息，使您感到恐懼。

要聲明一個變量，可以使用$variablename = array() 。