ajax回調JSON對象返回未定義

Question

我看過很多關於該主題的文章，並嘗試了幾種解決方案，但我似乎做得不好。

最后一次嘗試

function checkzip(x){  

       $.ajax({
       type:'POST',
       url:'zipcheck.php',
       data:{zip: x},
       async: false
    }).done(function(r){
        rates(r);
    });
}

function rates(r){
    alert (r);
    if (r !== 'none'){
    m = JSON.parse(r);
    return m;
    }
    else {
        return false;
    }
}

返回的json是{“ rateA”：“ 125”，“ rateB”：“ 80”，“ rateC”：“ 150”，“ rateD”：“ 130”}

所以我希望能夠：

new_rate = checkzip('77090');

和

alert (new_rate.rateA);

但是我對於返回值不確定

我嘗試成功傳遞函數：AND .done（），我嘗試直接從兩者返回它，而不是在設置async：false時傳遞給單獨的函數。 我試過將ajax調用和一個函數一起放在zipcheck（）函數中，然后從那里調用它。 我缺少從ajax創建對象或使用異步函數的思路。

Answer 1

您認為問題與異步有關是正確的。 基本上，您需要在rates（）函數中對響應進行任何處理，而不是讓checkzip（）返回值。 如果將alert（）調用放入rates（）方法內，則應看到一些輸出。

function checkzip(x) {  
       $.ajax({
       type:'POST',
       url:'zipcheck.php',
       data:{zip: x},
       async: false
    }).done(function (r) {
        rates(r);
    });
}

function rates(r) {
    alert(r);
    if (r !== 'none') {
        var m = JSON.parse(r);
        // Do something with m now.
        alert(m.rateA);
    }
}